TUTORAT NUMERO 3 > UE1 · En fait, la température du four est de 1700°C et le carbure de calcium...

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-‐ TUTORAT NUMERO 3 > UE1 - Correction

Mercredi 28 Novembre 2012

Réalisé par : Emilien CHEBIB, Aloïs BOUY, Miren HERMANT, Mathilde FLORENT, Antoine HAMON, Elodie GAULTIER, Paul THOUREL, Anaëlle ROMAGNY, Lucien MARAUX, Maylis LEFRANC, Charline FUSEAU, Tarik BENALI

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Grille de Correction Rapide

Coeff. A B C D E Coeff. A B C D E 1 31 2 32 2 3 33 4 34 5 2 35 6 3 A NN U L ÉE 36 7 37 8 2 38 9 3 39

10 40 11 41 12 2 42 13 43 14 44 15 3 45 16 46 17 47 18 2 48 19 49 20 50 21 22 23 24 25 26 27 28 29 30

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Et voici la correction du Tutorat n°3 d’UE1 ! Nous avons essayé de vous reproduire une tutorat le plus similaire possible du concours, donc fiez vous vraiment à ce dernier tutorat, il est le plus représentatif des trois concernant l’UE1 !

Ce Tutorat a pour but de vous permettre à savoir où vous en êtes dans vos révisions et d’organiser les deux prochaines semaines en fonction de vos réussites/lacunes.

Continuez comme ça si vos résultats sont satisfaisants, et ne prenez pas peur s’il vous reste quelques lacunes dans certains points, il faut persévérer !

Profitez des deux semaines de révisions pour nous poser les questions nécessaires à votre compréhension.

J’en profite pour vous dire que ça a été un plaisir pour l’équipe de tuteurs d’UE1 de vous préparer ces tutorats, en espérant qu’ils ont été à la hauteur du concours et qu’ils vous ont plu…

Plein de courage pour le concours à tous, L’équipe de Tuteurs d’UE1.

Chimie Générale (9 QCMs, /15)

QCM 1: Cochez la ou les propositions exactes A. L'ion Ca+ possède la même configuration électronique que le gaz rare qui le précède dans la classification périodique B. L'énergie de première ionisation du nickel (Z= 28) est inférieure à l'énergie de deuxième ionisation du zinc (Z= 30) C. Les ions S- (Z=16), Sc2+ (Z=21), Sr+ (Z=38) et Y2+ (Z= 39) ont le même nombre d'électrons non appariés D. L'énergie d'ionisation de l'atome d'hydrogène est toujours de 13,6 eV. E. Le cuivre (Z=29) possède 1 électron sur sa couche de valence Correction : A. FAUX, Ca+= 1s2 2s2 2p6 3s2 3p6 4s1. Or la configuration de valence d'un gaz rare est de type ns2 np6 B. VRAI, Ni et Zn appartiennent à la même période (n=4). Donc en ce qui concerne les énergie de 1ere ionisation El1 (Ni) < El1 (Zn). Or pour un même élément : El1< Eln, donc on a toujours El1 (Ni) < El2 (Zn) C. VRAI S- : 1s2 2s2 2p6 3s2 3p5 Sc2+ : 1s2 2s2 2p6 3s2 3p6 3d1 Sr+ : 1s2 2s2 2p6 3s2 3p6 3d10 4s2 4p6 5s1 Y2+ : 1s2 2s2 2p6 3s2 3p6 3d10 4s2 4p6 4d1. Donc un seul électron non-apparié pour chaque ion D. FAUX, L'énergie d'ionisation de l'atome d'hydrogène est égale à 13,6 eV seulement si on part du niveau fondamental (n = 1). E. FAUX, Cu= 1s2 2s2 2p6 3s2 3p6 3d10 4s1. Il en a donc 11 ;)

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QCM 2: Cochez la ou les propositions exactes Diagramme de P2 (« ouiiiii P2 !!! » )

A. La molécule P2 comporte des électrons célibataires B. L’ion P2

- est paramagnétique C. Dans l’ion P2

- l’orbitale la plus haute occupée est de type π D. Dans la molécule P2, l’orbitale la plus basse vacante est de type σ E. En accord avec la théorie de Lewis, l’indice de liaison calculé à partir du

diagramme d’orbitales moléculaires de P2 est 2

Correction :

A. FAUX : 15P : 1s22s22p63s23p3 4 OA à considérer pour chacun des atomes de P : 3s, 3px, 3py, et 3pz On forme donc 8 OM sur lesquelles il faut placer 2x5 = 10 e- de valence E3s = -19eV et E3p= -11eV ΔE = 8 eV < 12eV

Donc il y a une intéraction entre 3s et 3pz

P2 : (σs)2 (σ*s)2 (πx, πy)4 (σz)2 dans la molécule P2 tous les électrons sont appariés, P2 est diamagnétique.

B. VRAI P2

- : (σs)2 (σ*s)2(πx, πy)4 (σz)2 (π*x, π*y)1

L’ion P2- possède 1 électron non appariée : espèce paramagnétique C. VRAI (voir ci-dessus) D. FAUX, de type π (voir réponse A) E. FAUX : L’indice de liaison de P2 est : Nl = ½ (8-2) = 3

QCM 3: Cochez la ou les propositions exactes

A. L’atome de carbone dans le groupement –COOH a pour configuration AX3E : les liaisons σ font un angle de 120° entre elles.

B. Les orbitales antiliantes sont à des niveaux d’énergie inférieurs aux orbitales liantes.

C. L’électronégativité d’un atome est le nombre mesurant le pouvoir d’attraction de cet atome vis-à-vis des ses électrons engagés dans une liaison covalente.

D. L’élément chimique représenté par le symbole Fe est le Fluor, c’est l’élément le plus électronégatif.

E. La différence d’électronégativité n’intervient que dans les liaison faibles.

Correction :

A. FAUX, AX3 : pas de doublet non liant B. FAUX, elles ont un niveau d’énergie supérieur aux OM liantes C. VRAI

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D. FAUX, L’élément chimique représenté par le symbole Fe est le Fer, ce n’est pas l’élément le plus électronégatif. (Le Fluor (F) l’est par contre).

E. FAUX, elle favorise aussi les liaisons covalentes.

QCM 4: Cochez la ou les propositions exactes Soit la réaction suivante : CaCO3(s) CaO(s) + CO2(g)

La réaction s’effectue à 25°C et pour P=1atm.

On donne ci dessous les enthalpies molaires de formation et les entropies molaires absolues à l’état standard respectivement en (kJ.mol-1) et en (J.K-1.mol-1).

CaCO3(s) CaO(s) CO2(g) Enthalpies -1210,11 -393,14 -634,11 Entropies 92,80 213,60 39,71 A. La variation d’enthalpie standard de cette réaction est égale à 135,00 kJ B. La variation d’enthalpie libre standard de cette réaction est égale à 182,86 KJ C. L’ordre de ce système augmente. D. Lorsque le système est soumis à une augmentation de pression, il y a déplacement de l’équilibre de la réaction dans le sens direct. E. La variation d’entropie de cette réaction est égale à 160,51 J.K-1 Correction : A. FAUX On obtient 182,86 kJ B. FAUX On obtient 135,00 kJ (on utilise ∆G=∆H-T∆S) C. FAUX D. FAUX C’est le principe de la loi de modération. E. VRAI

Exercice de Thermodynamique: (QCM 5 et 6) QCM 5: (Coefficient 2) Cochez la ou les propositions exactes L’acétylène a longtemps été préparé à partir du carbure de calcium CaC2 La première étape est l’obtention, au four électrique, du carbure de calcium CaC2, selon : CaO + 3 C → CaC2 + CO (1) La deuxième est l’hydrolyse du carbure de calcium selon : CaC2 + 2 H2O → C2H2 + Ca(OH)2 (2) Calculer l’enthalpie standard de la première réaction à 298 K.

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Données : ∆fH°(298 K) en kJ.mol-1 Cp en J K-1 mol-1

CaC2 – 62,78 72,43

CaO – 635,09 42,8

CO (g) – 110,52 29,31 + 3,07.10-3T

C 6,3 + 10,87.10-3T ∆fusH° (CaC2) = 7,8 kJ mol-1 M (Ca) = 40 g mol-1 A. On trouve ∆rH° (298K) = 461,79 kJ mol-1 B. On trouve ∆rH° (298K) = – 461,79 kJ mol-1 C. On trouve ∆rH° (298K) = – 808,39 kJ mol-1 D. Cette réaction est exothermique E. Cette réaction est endothermique Correction : A. VRAI CaO + 3 C → CaC2 + CO A 298K, ∆rH° (1) = – 62,78 – 110, 52 + 635,09 = 461,79 kJ mol-1 B. FAUX C. FAUX D. FAUX E. VRAI QCM 6: (Coefficient 3) Cochez la ou les propositions exactes (QCM ANNULÉ) En fait, la température du four est de 1700°C et le carbure de calcium est obtenu à l’état liquide. Déterminer ∆rH° dans ces conditions. Le rendement énergétique re de l’installation est de 60%. Calculer, en kW.h, l’énergie nécessaire pour produire une tonne de carbure de calcium A. On trouve ∆rH° (1700°C) = 79 154 kJ mol-1 B. On trouve ∆rH° (1700°C) = 36 095 kJ mol-1 C. On trouve ∆rH° (1700°C) = 22 935,09 kJ mol-1 D. E = 3,4 1012 kW.h E. E = 2,6 105 kW.h Correction : Dans le four, à 1700°C = 1427K :

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∆H (1) = ∆H (1a) + ∆H (1b) + ∆H (1c) + ∆H (1d) Donc ∆H (1b) = ∆H (1) – ∆H (1a) – ∆H (1c) – ∆H (1d)

• ∆H (1a) =

= (42,8 + 3 x 6,3) (1427 – 298) + 3 x 10,87. 10-3 x

= 69 659,3 + 3 x 6 927,7 = 90 442,4 kJ mol-1

• ∆H (1c) = – ∆fusH° (CaC2) = – 7,8 kJ mol-1 • ∆H (1d) =

= (72,43 + 29,31) (298 – 1427) + 3,07 x 10-3 *

= – 114 864,5 + 1 956,6 = – 112 907,9 kJ mol-1

• Donc ∆H (1b) = ∆H (1) – ∆H (1a) – ∆H (1c) – ∆H (1d)

= 461,79 – 90 442,4 + 7,8 + 112 907,9 = 22 935,09 kJ mol-1

Rappel : 1 watt = 1J/s, donc 1 kW.h = 1 kJ x 3 600 (secondes)

1 tonne de CaC2 représente n = = 25 000 moles

E = x ∆H (1b) x n x ∆T = 100/60 x 22 935,09 x25 000 x3 600 = 3,4 1012 kW.h

A. FAUX B. FAUX C. VRAI D. VRAI E. FAUX

QCM ANNULÉ (Cf Errata)

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QCM 7: Cochez la ou les propositions exactes On souhaite réaliser 500mL d'une solution tampon carbonate à pH 10 de concentration 0,5 mol.L-1. On dispose de K2CO3 et de NaHCO3. Parmi les propositions suivantes, lesquelles sont exactes ? Données: M(K2CO3) = 138 g.mol-1 M(NaHCO3)=84 g.mol-1 pKa (HCO3

- / CO32-) = 10,3

A. La masse de K2CO3 nécessaire à la préparation de la solution tampon est

de 11,5g B. La masse de K2CO3 nécessaire à la préparation de la solution tampon est de

10,5g C. La masse de NaHCO3 nécessaire à la préparation de la solution tampon est

de 11,9g D. La masse de NaHCO3 nécessaire à la préparation de la solution tampon est

de 12,9 g E. La masse de NaHCO3 nécessaire à la préparation de la solution tampon

est de 13,9 g Correction : Solution tampon : V = 500 mL et c = 0,5 mol.L-1 On dispose de: K2CO3 -> 2 K+ + CO3

2- NaHCO3 -> Na+ + HCO3

-

Le couple acide base en solution est donc : HCO3

- / CO32-

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1) On détermine d’abord le nombre de moles totales dans le tampon

• nT = c.V = 0,5 x 500.10-3 = 0,25 moles Or nT = n(HCO3

- ) + n (CO32-) = 0,25 moles

On a pH = 10 = pKa + log ([CO32-]/[ HCO3

- ]) = pKa + log [n(CO32-) / n(HCO3

- )] D’où log [n(CO3

2-) / n(HCO3- )] = pH – pKa

n(CO32-) / n(HCO3

- ) = 10 (pH – pKa ) = 10 (10 – 10,3) = 10-0,3 = 0,50 Donc :

• n(CO32-) = 0,50 n(HCO3

- ) • n(HCO3

- ) + n(CO32-) = 0,25 moles

0,5 x n(HCO3- ) + n(HCO3

- ) = 0,25 moles 1,5 n(HCO3

- ) = 0,25 On en déduit que:

• n(HCO3- ) = 0,25 / 1,5 = 0,166 moles

• n(CO32-) = 0,50 x n(HCO3

- ) = 0,50 x 0,166 =0,083 moles On a donc besoin de :

• m(NaHCO3) = n(HCO3- ) x M(NaHCO3) = 0,166 x 84 = 13,9g

• m(K2CO3) = n(CO32-) x M(K2CO3) = 0,083 x 138 = 11,5g

QCM 8: (Coefficient 2) Cochez la ou les propositions exactes Une bouteille de vinaigre de vin est constituée d’une solution d’acide acétique à 6°, c'est-à-dire comportant 60mL d’acide acétique pur dissout dans de l’eau pour un volume total d’1 L. Données : pKa(acide acétique) = 4,75 ; densité (acide acétique) = 1,049 MH = 1g.mol-1 : MC =12 g.mol-1 ; MO =16 g.mol-1 Parmi les affirmations suivantes, la ou lesquelles sont correctes ?

A. La concentration en acide acétique est de 1,330 mol.L-1 B. La concentration en acide acétique est de 1,05 mol.L-1 C. La concentration en acide acétique est de 0,896 mol.L-1 D. Le pH de la solution est de 3,26 E. Le pH de la solution est de 2,36

Correction: M(CH3COOH) = 2 x 12 + 2 x 16 + 4 = 60g.mol-1 Densité(CH3COOH) = masse volumique(CH3COOH) / masse volumique de l’eau µ(eau) = 1 kg/L, donc µ (CH3COOH) = 1,049 kg/L m(CH3COOH) = µ (CH3COOH) x V(CH3COOH) = 1,049 x 60.10-3 = 0,063 Kg = 63 g n = m/M = 63 / 60 = 1,05 moles Le volume total est de 1 L, donc c(CH3COOH) = n(CH3COOH) / Vt = 1,05 mol/L On calcul maintenant le pH : l’acide acétique est un acide faible, donc : pH = ½ (pKa – log c) = ½ (4,75 – log (1,05)) = 2,36

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QCM 9: (Coefficient 3) Cochez la ou les propositions exactes Toujours concernant cette même bouteille de vinaigre de vin ! Parmi les affirmations suivantes, la ou lesquelles sont correctes ? Données : pKa(acide acétique) = 4,75 ; densité (acide acétique) = 1,049 MH = 1g.mol-1 : MC =12 g.mol-1 ; MO =16 g.mol-1

A. Le coefficient de dissociation de l’acide acétique est de 4,12.10-3 B. Le coefficient de dissociation de l’acide acétique est de1,42.10-3 C. Le coefficient de dissociation de l’acide acétique est de 4,12.10-4 D. Le coefficient de dissociation de l’acide acétique est de 1,42.10-4 E. Le coefficient de dissociation de l’acide acétique est de 4,12.10-6

Correction : Le coefficient de dissociation α représente la fraction de mole dissociée par mole d'acide introduit [A-]/C0 = [A-]/([HA]+[A-]), soit ici [CH3COO-]/C0 = [CH3COO-]/ ([ CH3COOH] + [CH3COO-]) CH3COOH ⇌ H+ + CH3COO- C0(1- α ) C0 α C0 α La formule à utilisée est : Ka = (C0

2 α 2) /((1-α) C0) = (α2C0)/(1-α) Il faut donc résoudre une équation du second degré !

On a donc : Avec Ka = 10-pKa = 10-4,75 = 1,78.10-5 et C0 = 1,05 mol.L-1

α = 4,12.10-3

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Chimie Organique (11 QCMs, /15) QCM 10: Cochez la ou les propositions exactes On considère les 7 composés suivants :

A. Les composés 1 et 5 sont des diastéréoisoméres et les composés 3 et 4 sont des énantiomères. B. La molécule 2 est chirale. C. Les composés 6 et 7 sont des conformères. D. Le nombre d'insaturations dans le composé 6 est égal à 2. E. Dans le composé 7, la double liaison est (E) et le soufre est en position axiale. Correction : A. FAUX. Les composés 1 (S,R) et 5 (S,S) sont des diastéréoisoméres :

Les composés 3 et 4 sont des conformères :

B. VRAI. En effet il possède 2 atomes de carbones asymétriques et ne posséde aucun éléments de symétrie. C. FAUX. Les composés 6 (R,R) et 7 (R,S) sont des diastéréoisoméres.

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D. VRAI. Dans la molécule 6, il y a 1 cycle et 1 double liaison => 2 insaturations E. VRAI QCM 11: Cochez la ou les propositions exactes Classez les carbanions suivants par ordre de stabilité décroissante :

A. 4 > 3 > 1 > 2 B. 3 > 4 > 2 > 1 C. 3 > 4 > 1 > 2 D. 1 > 2 > 4 > 3 E. Les carbanions sont des intermédiaires réactionnels très réactifs, on en trouve

par exemple dans les organomagnésiens. Correction : Les effets –I et –M stabilisent les carbanions qui ont un excès d’électrons. Molécule 1 : on a un effet –I grâce au Cl. Molécule 2 : on a 2 effets +I à cause des groupements alkyles donc 1 est plus stable que 2. Molécule 3 : on repère un système π – σ – n.

On a un effet –M, on peut délocaliser la charge négative et former un autre carbanion. Donc 3 > 1 > 2 Molécule 4 : on a aussi un effet –M, on peut délocaliser la charge négative qui sera portée par l’oxygène. La conjugaison est plus étendue que celle de la molécule 3 et O- est plus stable que C- car O est plus électronégatif que C. Ces deux critères permettent de dire que la molécule 4 est plus stable que la 3. On a donc au final : 4 > 3 > 1 > 2 A. VRAI B. FAUX C. FAUX D. FAUX E. FAUX, le début de la phrase est vrai mais on n’a pas de carbanion dans un

organomagnésien ? On a un carbone delta moins donc avec une charge partielle négative à cause des effets –I du Mg. La liaison est très polarisée, donc le carbone est PRESQUE aussi réactif qu’un carbanion mais ce n’est pas un carbanion.

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QCM 12: (Coefficient 2) Cochez la ou les propositions exactes

A. Le composé A (alcool tertiaire) se déshydrate en milieu acide selon un mécanisme d’élimination d’ordre 1 (E1) pour donner une cétone éthylénique majoritaire B.

B. Lors de cette déshydratation, on passe par un carbocation tertiaire qui peut être stabilisé de 2 manières différentes (par expulsion de proton) qui ont à peu près la même probabilité de se produire.

C. Le composé C traité par de l’acide sulfurique (acide fort) nous fournit un carbocation qui présente un système « π-σ -lacune ».

D. Ce carbocation va par la suite donner 3 autres composés par stabilisation (perte de H).

E. Ce carbocation ne donne aucun autre composé puisque la résonance stabilise de trop la molécule, empêchant toute réaction.

Correction : A. VRAI : On se rappelle que déshydratation (-H2O) = E1.

Ici la déshydratation de l’alcool tertiaire A s’effectue selon un mécanisme E1 générant un carbocation tertiaire qui se réarrange en alcène B. Cet alcène B (on peut aussi l’appeler cétone éthylénique) est TRÈS majoritaire. Explications : si on envisage l’expulsion d’un proton de l’un des groupements méthyle CH3 portés par le C+ (et non celui du CH2), ça nous conduirait à une cétone possédant une double liaison en bout de chaîne, non-conjuguée avec la fonction cétone, donc thermodynamiquement moins stable. B. FAUX : voir item A C. VRAI. Le composé C va subir une déshydratation (E1) pour fournir un alcène.

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Mais ce carbocation présente bien un système « π-σ -lacune » qui peut s’écrire sous 2 formes de résonance :

Chacune de ces 2 formes, par élimination d’un proton, fournira un diène différent dont les 2 doubles liaisons sont dans chaque cas conjugué.

D. FAUX : seulement 2 autres composés.

E. FAUX : la résonance stabilise le carbocation, mais n’empêche pas pour autant la réaction.

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QCM 13: Cochez la ou les propositions exactes À propos de cette chaîne réactionnelle :

A. Le composé B est un dérivé chloré B. La réaction 2 est une SN2 C. Lors de la réaction 2 il y a inversion de Walden D. La configuration absolue de C est (R) E. La configuration absolue de C est (S)

Correction :

A. FAUX, le composé obtenu est un tosylate (OTs est un bon groupe partant qui va favoriser la SN)

B. VRAI C. VRAI, Br- attaque en anti du tosylate D. FAUX E. VRAI, la réaction est stéréospécifique, on obtient que le composé S QCM 14: Cochez la ou les propositions exactes

A. L’hydrogénation de la molécule 3 donne en majorité la molécule 4

B. La principale réaction des alcènes sera la réaction d’addition initiée par un

nucléophile

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C. L’addition de l’hydracide HCl sur donne en majorité D. La réaction précédente est régiosélective E. La réaction précédente suit la règle de Markovnikov

Correction :

A. VRAI: l’hydrogénation se fait du côté le moins encombré B. FAUX: réaction d’addition initier par une électrophile C. FAUX: le carbocation intermédiaire 1 est plus stable que le 2 car plus

substitué donc 1 sera produit en majorité par rapport à 2

D. VRAI E. VRAI

QCM 15: (Coefficient 3) Cochez la ou les propositions exactes À propos de cette chaîne réactionnelle :

Br OH

1

HBr

2 3

56

NaOH

CH3CO2H

NaBH4

Δ

H+

A. Le passage de 2 à 3 se fait selon un mécanisme d’ordre 1. B. La seconde réaction conduit à une solution dont le pouvoir rotatoire est

nul. C. 6 est un alcool tertiaire. D. La première étape est régiosélective.

E. L’utilisation de H3C

O

Cl à la place de l’acide acétique accélère la réaction, mais nécessite la présence d’une base pour piéger H2O (qui favorise la réaction inverse).

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Correction :

A. VRAI. Il s’agit d’une SN1. Le substrat est tertiaire, donc stabilisera le carbocation intermédiaire. Une SN2 n’est pas envisageable car un substrat tertiaire est trop encombré.

B. VRAI. La réaction étant une SN1, on passe par un carbocation intermédiaire plan. Il y a autant de chances que l’attaque du Nu se fasse au-dessus qu’en dessous de ce plan. Un racémique est obtenu, d’où un pouvoir rotatoire de la solution nulle.

C. FAUX. NaBH4 ne réduit pas les esters, il réduit spécifiquement les dérivés carbonylés. Il n’y a donc pas de réaction, donc 5 = 6 donc c’est un ester.

D. VRAI. L’addition d’un hydracide (ici HBr) sur un alcène suit la règle de Markovnikov, à savoir que le carbocation intermédiaire formé est le plus stable.

E. FAUX. L’utilisation d’un chlorure d’acide accélèrerait la réaction, et la rendrait quasi-totale, car contrairement à l’utilisation d’un acide carboxylique dans une estérification, le chlorure d’acide ne libère pas d’eau mais du HCl, donc la réaction inverse (l’hydrolyse de l’ester) ne se fait pas.

Br OH

1

HBr

2 3

5

6

NaOH

CH3CO2H

NaBH4

Δ

H3C

C

O

O

H+


À propos de cette molécule : H3C

NH

CH3

A. C’est une énamine obtenue par action de NH3 sur l’acétone. B. C’est une amine obtenue par addition nucléophile d’une imine primaire sur un

aldéhyde. C. L’hydrolyse acide de ce composé donne l’acétone. D. Réagit avec l’APTS pour donner un ion iminium. E. Est en équilibre avec une forme tautomère.

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Correction :

A. FAUX. C’est une IMINE obtenue par action de NH3 sur l’acétone. B. FAUX. Voir item ci-dessus. C. VRAI. L’hydrolyse est une addition nucléophile où Nu est H2O. Il s’agit de

la réaction inverse, où on retrouve l’acétone de départ et on libère NH3. D. VRAI. L’APTS est un acide fort, il cède facilement un H+ à l’imine pour

donner l’ion iminium. E. VRAI. Il y a un équilibre tautomérique imine-énamine.


À propos de cette molécule :

C

O

O CH3

O

H3C

A. C’est un ester.

B. Réagit avec NH(Me)2 pour donner

H3C

O

NCH3

H3C

C. L’hydrolyse donne H3C

O

OH

D. Est moins réactif que H3C

O

OH E. Pourrait être obtenu par un processus d’addition-élimination de

H3C

O

OH sur lui-même.

Correction :

A. FAUX. C’est un anhydride d’acide. B. VRAI. Il s’agit d’une addition élimination d’une amine secondaire sur un

dérivé d’acide. Exactement le même mécanisme que si cette amine réagissait sur l’acide carboxylique/chlorure d’acide correspondant.

C. VRAI. Addition-élimination, où le nucléophile est H2O. D. FAUX. Les anhydrides d’acides sont plus réactifs que les acides

carboxyliques correspondants (la réaction est plus rapide et le rendement supérieur car il n’y a pas de libération d’eau provoquant l’hydrolyse).

E. VRAI. Addition-élimination où le nucléophile est lui-même.

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QCM 18: (Coefficient 2) Cochez la ou les propositions exactes À propos de cette chaîne réactionnelle :

O

1

21)

MgI

2) H2O3

CrO3, H2SO4

O

O

?

A. 2 est un alcool primaire achiral. B. La seconde étape est une oxydation douce. C. Le passage de 1 à 2 est une SN2. D. Le passage de 3 à 4 nécessite une catalyse basique et que l’on chauffe. E. Le passage de 3 à 4 est une addition électrophile – élimination.

Correction :

A. VRAI. B. FAUX. C’est une oxydation forte qui ne permet par d’arrêter l’oxydation de

l’alcool primaire à l’aldéhyde, mais à l’acide carboxylique. C. VRAI. Ici le magnésien joue le rôle d’un nucléophile fort, il ouvre

l’époxyde pour donner un alcoolate. L’eau en seconde étape permet de protoner l’alcoolate et d’obtenir l’alcool.

20

D. FAUX. Le passage de 3 à 4 est une estérification, on doit bien chauffer, mais la catalyse est ACIDE.

E. FAUX. L’addition n’est pas électrophile, mais nucléophile.

O

1 2

1)

MgI

2) H2O

3

CrO3, H2SO4

MeOHH+Δ

O

O

HO

HO

O

4 Perles de patient : « Et POURQUOI je devrais payer ? J’ai payé la fois dernière ! »



O

O

A. En présence de soude, on obtient un acide carboxylique. B. L’estérification menant à ce composé est stéréospécifique. C. Une réduction est possible par LiAlH4, mais pas par NaBH4

D. L’action de

O

sur ce composé s’appelle une aldolisation.

E. L’action de CH3MgCl (2éq) conduit à O

Correction :

A. FAUX. En présence de soude, on effectue une hydrolyse basique, qui conduit à un ion carboxylate.

B. FAUX. Ce composé n’a même pas de stéréochimie… C. VRAI. D. FAUX. Une aldolisation est l’action d’un énolate sur un dérivé carbonylé, pas

sur un ester. E. VRAI. D’abord le magnésien forme une cétone intermédiaire non stable

qui réagit de nouveau avec le magnésien pour donner un alcoolate tertiaire. En ajoutant de l’eau, on obtient l’alcool.

21



A. Cette molécule possède 60 carbones. B. Aucun carbone n’est asymétrique. C. Cette molécule se nomme buckminsterfullerène, ou footballène. D. Chaque pentagone est entouré de cinq hexagones. E. Son point de fusion est supérieur à 280°K.

Correction :

A. VRAI, je vous invite à compter. B. VRAI, chaque carbone est lié à trois autres, dont un via une double

liaison. C. VRAI, allez revoir votre fascicule de td sur la nomenclature. D. VRAI, je vous invite à regarder la structure d’un ballon de football, où

chaque pièce pentagonale est entourée par six pièces hexagonales. E. FAUX. Son point de fusion est supérieur à 280 degrés CELSIUS et non

Kelvin.

22

Biochimie (30 QCMs, /31) :

QCM 21: Cochez la ou les propositions exactes Concernant l'acide gras 18 : 2 ∆ 9, 12 A. Il fait partie de la famille des ω6 B. Il fait partie de la famille des ω9 C. C'est le γ linolénate D. Il comporte 2 insaturations E. Il n'est pas indispensable Correction : A. VRAI B. FAUX C. FAUX, c'est le linoléate D. VRAI E. FAUX Perles de patient : « C’est juste pour un arrêt de travail ».

QCM 22: Cochez la ou les propositions exactes A. 1g de glucide libère 4kcal B. Les épimères du glucose sont des oses appartenant à la même famille dont les formules développées diffèrent par la configuration d’un C asymétrique C. Le fructose représente la presque totalité des sucres présents dans le sang D. Ce diholoside est le maltose

E. L'hydrolyse du saccharose peut être effectuée par une α-fructosidase ou par une ß-glucosidase Correction : A. VRAI B. VRAI C. FAUX, c'est le glucose D. VRAI E. FAUX, par une β-fructosidase ou par une α-glucosidase

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QCM 23: Cochez la ou les propositions exactes Margueritte la vache a une encéphalopathie spongiforme :

A. Si Marcel le paysan mange un steak de Margueritte alors il aura une encéphalopathie spongiforme

B. Si Arthus le mouton mange le cerveau de Margueritte alors il aura une encéphalopathie spongiforme

C. Si Marcel mange du cerveau d’Artus après que celui-ci ai mangé le cerveau de Margueritte alors Marcel aura une encéphalopathie spongiforme

D. Marcel ne pourra jamais attraper cette maladie car ce sont seulement les femmes qui l’attrapent sauf si c’est génétique.

E. Si Yvette la femme de Marcel lui prépare de la cervelle de Margueritte (bien bien cuite) alors Marcel ne pourra pas attraper d’encéphalopathie spongiforme

Correction :

A. FAUX: seul le cerveau est contaminant B. VRAI C. FAUX; il y a une barrière d’espèce entre les ovins et les hommes D. FAUX Homme et femme peuvent l’attraper E. FAUX: la PrPsc résiste à la chaleur


A. Dans les protéines, les boucles ont un rôle de jonction entre les segments et permettent des changements de configuration de la protéine

B. Les chaines latérales des acides aminés hydrophobes sont chargés C. Si on considère une protéine transmembranaire, les acides aminés

hydrophobes de cette protéine seront plutôt dans la bicouche lipidique et les acides aminés hydrophiles seront plutôt dans les boucles

D. L’hélice α de Pauling est une hélice qui comprend 3.6 acides aminées par tour de spire, cette hélice est la structure principale du cheveu

E. Au fur et à mesure de la traduction, il y a déjà des interactions qui se font entre les acides aminés pour permettre la structure tertiaire, les interactions hydrophobes sont les premières mises en place.

Correction :

A. FAUX: changement de conformation B. FAUX: les AA hydrophones ne sont pas chargé contrairement au AA

hydrophiles C. VRAI D. VRAI E. VRAI

Perles de patient : « Voir mes pieds ? Bon je veux bien je me suis douchée aujourd’hui. Je peux pas faire mieux. »

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A. Le DTT permet d'oxyder les ponts disulfures B. On aurait pu remplacer le DTT par du gel de polyacrylamide C. Cette technique sépare les chaînes selon leur charge D. Les résultats électrophorétiques ci dessous sont compatibles avec l'hypothèse que la

protéine possède une structure quaternaire E. Les résultats électrophorétiques ci dessous sont compatibles avec l'hypothèse

que la protéine possède seulement 2 types de chaînes polypeptidiques

Correction :

A. FAUX, le DTT permet de REDUIRE les ponts disulfures B. FAUX, le gel de polyacrylamide est le gel utilisé pour réaliser l'électrophorèse, dans

lequel migrent les protéines. On aurait pu remplacer le DTT par le β-mercaptoéthanol C. FAUX, les charges des différentes chaînes sont masquées par le SDS qui les charge

négativement. Cette technique permet une séparation en fonction de la taille des chaînes

D. FAUX, la protéine native a un poids moléculaire de 160 kDa. Sa disparition avec le traitement au DTT avec apparition de 2 bandes d'environ 50 kDa et 30 kDa montre qu'elle est constituée d'au moins 2 types de chaînes reliées par pont(s) S-S : elle n'a donc pas de structure quaternaire

E. VRAI QCM 26: Cochez la ou les propositions exactes Laquelle ou lesquelles de ces méthodes séparent les protéines selon leur poids moléculaire ?

A. La méthode par gel filtration B. La chromatographie par échange d'ions C. L'électrophorèse SDS-PAGE D. La chromatographie d'affinité E. L'électrophorèse bi-dimensionnelle

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Correction :

A. VRAI B. FAUX, selon pHi C. VRAI D. FAUX E. VRAI

QCM 27: Cochez la ou les propositions exactes A. Dans le cycle de Krebs, la transformation de l’oxaloacétate en citrate est irréversible. B. Dans le cycle de Krebs, la transformation de l’alpha-cétoglutarate en succinyl CoA est irréversible. C. Dans le cycle de Krebs, la transformation du succinate en fumarate produit un FADH2. D. Dans le cycle de Krebs, la transformation de fumarate en malate fait intervenir de l’eau comme réactif. E. Le cycle de Krebs produit, en autres, 3 molécules de NADH et 1 FADH2. Correction : A. VRAI B. VRAI C. VRAI D. VRAI E. VRAI

Le voleur tue le poisson rouge pour ne pas « laisser de témoin » Un couple de Chicago a eu la désagréable surprise de découvrir que leur maison avait été cambriolée pendant leur absence en janvier. Plus perturbant, leur poisson rouge avait été empoisonné. La police a finalement arrêté les cambrioleurs qui ont reconnu avoir tué le poisson rouge pour ne pas « laisser de témoin » de leurs méfaits. Trois adolescents de 15 à 17 ans ont été arrêtés ces derniers jours pour le cambriolage d’une maison de l’Illinois. Les enquêteurs avaient notamment été intrigués par le fait que le poisson rouge de la maison avait été empoisonné à coup de moutarde, de ketchup et de sauce pimentée. Les adolescents ont reconnu les faits et déclaré aux policiers abasourdis qu’ils avaient tué le poisson pour ne pas « laisser de témoins ». Ils avaient dérobé une console Nintendo, 30 jeux vidéos et 30 DVD. Outre le cambriolage, ils sont désormais poursuivis pour cruauté sur animaux.

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QCM 28: Cochez la ou les propositions exactes A. En conditions biologiques, l’utilisation de roténone et de barbiturique est incompatible avec la synthèse d’ATP. B. En conditions biologiques, après injection d’oligomycine, on observe un arrêt de la consommation d’oxygène. C. En conditions biologiques, après injection d’antimycine, on observe un arrêt de la consommation d’oxygène. D. En conditions biologiques, après injection de dinitrophénol, on observe un arrêt de la consommation d’oxygène. E. Le Cyanure est un inhibiteur direct de l’ATP synthase. Correction : A. FAUX Le complexe II n’est pas inhibé. La respiration est donc fortement inhibée mais pas totalement ! B. VRAI C. VRAI D. FAUX c’est un agent découplant ! E. FAUX c’est un inhibiteur du complexe IV. QCM 29: Cochez la ou les propositions exactes

A. Toutes les propriétés de l’ADN résultent de l’appariement spécifique et irréversible des bases.

B. Dans l’ARN, A et T sont reliés par deux liaisons hydrogène et G et C sont reliés par trois liaisons hydrogène.

C. Pour effectuer une dénaturation thermique, plus le double brin sera riche en G et C et plus il faudra une température élevée. Cette dénaturation est réversible.

D. Les deux brins d’ADN sont antiparallèles (au niveau des extrémités, on a toujours un 5’ en face d’un 3’). Les paires de bases sont situées dans un plan. Tous les plans sont parallèles entre eux.

E. On peut détecter le virus d’Epstein Barr dans une cellule en utilisant une sonde dissociée identique à l’ARN viral.

Correction :

A. FAUX: c’est irréversible. C’est vraiment à retenir : Toutes les propriétés de l’ADN résultent de l’appariement spécifique et réversible des bases.

B. FAUX, pas de T dans l’ARN. C’est vrai pour l’ADN. Dans l’ARN A et U sont reliés par deux liaisons H.

C. VRAI, G et C sont liés par trois liaisons H alors que A et T sont liés par uniquement deux liaisons H, donc plus le brin comportera de G et de C, plus il sera difficile à dissocier donc plus la température de dénaturation sera élevée. On dit que la dénaturation est réversible car les deux brins d’ADN se réassocient quand on refroidit le mélange.

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D. VRAI. E. FAUX, il faut que la sonde soit complémentaire à l’ARN viral sinon il ne pourra

pas y avoir hybridation entre la sonde et l’ARN viral.


A. La double hélice de l’ADN s’enroule spontanément à gauche (car c’est une hélice de pas droit). C’est un surenroulement négatif, on trouve environ un supertour toutes les 200 paires de bases.

B. Les topoisomères de l’ADN n’ont pas la même structure secondaire. C. Les topoisomérases II coupent les deux brins de la double hélice d’ADN. D. Un antibiotique de la famille des quinolones est utilisé dans le traitement dans

infections urinaire. Il inhibe l’activité des topoisomérases humaines de classe II.

E. Une molécule d’ADN circulaire est topologiquement contrainte, c’est-à-dire qu’il est nécessaire d’effectuer une coupure pour induire un supertour. C’est valable aussi pour les molécules d’ADN linéaire très longue.

Correction

A. FAUX, item ambiguë, c’est l’axe qui s’enroule à gauche B. FAUX: dans l’ADN, la structure secondaire désigne la double hélice de pas

droit. Les topoisomères sont des doubles brins d’ADN qui n’ont pas le même nombre de supertours.

C. VRAI: les topoisomérases II coupent les deux brins d’ADN tandis que les topoisomérases I ne coupent qu’un seul brin d’ADN.

D. FAUX: ce sont les topoisomérases BACTERIENNES de type II qu’il inhibe spécifiquement, il ne touche pas les topoisomérases humaines ce qui permet d’arrêter la réplication des bactéries uniquement.

E. VRAI

QCM 31: Cochez la ou les propositions exactes A. Les protéines SSB (Single Strand Binding Protein) stabilisent la structure bicaténaire d’ADN afin qu’elle ne se replie pas sur elle même. B. La primase est une ARN polymérase (collier coulissant) qui synthétise l’amorce d’ARN en se déplaçant pour que l’ADN polymérase prenne le relais. C. La primase met donc à chaque fois, en face d’un desoxyribonucléotide appartenant à la molécule d’ADN, le ribonucléotide complémentaire. Ensuite elle quitte son site actif et laisse derrière elle un double hybride avec un brin d’ADN en face d’un brin complémentaire et antiparallèle d’ARN. D. Les substrats de l’ADN polymérase lors de l’élongation sont les dNTP et les produits sont l’ADN allongé et les PPi. E. L’ADN polymérase I élimine l’amorce située en 5’ du fragment d’Okazaki. Ensuite elle la remplace par les désoxyribonucléotides correspondants. Il reste donc à la ligase à rabouter l’extrémité 5’ de cette nouvelle portion d’ADN avec le fragment d’Okazaki précédent.

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Correction : A. FAUX : elle stabilise la structure monocaténaire ! Attention les SSB interviennent une fois que l’hélicase est passée, donc la structure bicaténaire d’ADN est déjà séparée. B. FAUX : lors de la synthèse de l’amorce, la primase ne se déplace pas le long du simple brin d’ADN (elle « englobe » déjà toute la partie du brin d’ADN modèle qui va être complémentaire de l’amorce d’ARN), donc ce n’est pas un collier coulissant. L’ADN poly est par contre un collier coulissant. C. Vous avez trouvé cet item long ? Fuck off, il est VRAI. D. VRAI : dNTP veut dire desoxyriboNucléotide TriPhosphate, or l’ADN polymérase II coupe 2 phosphates sur le dNTP et incorpore seulement un desoxyriboNucléotide MonoPhosphate (dNMP) sur l’ADN allongé. Donc il reste bien 2 phosphates : PPi. E. FAUX : Attention. L’ADN polymérase I ôte un par un les ribonucléotides en commencant par l’extrémité 5’-P libre de l’amorce concernée et les remplace par les désoxyribonucléotides correspondants sur le 3’ OH libre du fragment d’Okazaki PRÉCÉDENT (car on synthétise dans le sens 5’ →3’ !!). Élongation toujours dans le sens chimique donc c’est l’extrémité 3’OH libre du fragment d’Okazaki précédent qui est allongée. Il reste donc à rabouter l’extrémité 3’OH libre de cette portion d’ADN nouvellement synthétisée (raccrochée au fragment précédent) par l’ARN pol I avec le 5’-P du fragment d’Okazaki qui a « perdu » son amorce.

Proverbe Breton: Qui s’endort avec le cul qui gratte se lève avec le doigt qui pus. QCM 32: (Coefficient 2) Cochez la ou les propositions exactes •On a un ADN double brin eucaryote nommé « PILOU » qui subit une réplication. -Il possède 1200 paires de base (pb).

-Chez les eucaryotes, la ligase intervient toutes les 200 paires de bases sur les fragments d’Okazaki et sur le site d’initiation. -On suppose qu’il utilise un seul de ses sites d’initiation.

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•On a un ADN double brin procaryote nommé « YANNICK » qui subit une réplication. -Il possède 10 000 paires de base (pb). -Chez les procaryotes, la ligase intervient toutes les 1000 paires de bases sur les fragments d’Okazaki et sur le site d’initiation. •IMPORTANT : On considère qu’on a autant de bases dans le brin direct que dans tous les fragments d’Okazaki réunis du brin retardé. Par exemple, simple brin neosynthétisé de 10 bases = 5 sur brin direct et 5 sur le brin retardé avec les fragments d’Okazaki (1+1+1+1+1). A. Chez PILOU, la ligase est intervenue 6 fois. B. Chez PILOU, la ligase est intervenue 12 fois. C. Chez YANNICK, la ligase est intervenue 6 fois. D. Chez YANNICK, la ligase est intervenue 12 fois. E. Chez PILOU, l’ADN est circulaire et chez YANNICK, l’ADN est linéaire. Correction : A. VRAI : il fallait faire un schéma et ne pas oublier que la ligase relie aussi le brin direct au brin retardé (origine de réplication). Et il y a 2 brins à la fin ! donc 3 + 3 = 6. B. FAUX. C. FAUX. D. VRAI : attention ! Chromosome circulaire chez les procaryotes. Elle va relier le dernier fragment d’Okazaki du brin retardé sur la fin du brin synthétisé d’une seule traite (brin direct). 6 + 6 = 12 ! E. FAUX : C’est l’inverse YANNICK <3 PILOU <3. Veuillez noter que YANNICK a réussi à pêcher un gardon. Je pense qu’il mérite une médaille.

Je sais que mon schéma frôle la moisissure, pas besoin de le préciser sur e-campus.

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Perles de patient : « (Message du secrétariat) Désire que vous lui prépariez un certificat médical d’aptitude pour une licence de foot. Précise qu’il travaille juste en face de votre cabinet et que vous le connaissez. Souhaitait que vous le lui déposiez Nous lui avons demandé de passer au cabinet pour le prendre mais précise qu’il n’a pas le temps »

RAPPEL TRÈS IMPORTANT

• Le « brin direct » (ou précoce) est le brin complémentaire du brin parental orienté 3’ vers 5’ (le « brin direct » est donc orienté 5’ vers 3’). Il est donc créé de façon continue, dans le sens 5’ vers 3’.

• Le « brin indirect » (ou retardé) est le brin complémentaire du brin parental orienté 5' vers 3’ (le « brin indirect » est donc orienté 3’ vers 5’). Il est créé de façon discontinue, sous forme de fragments d’Okazaki, dans le sens 5’ vers 3’.

QCM 33: Cochez la ou les propositions exactes À propos de la réparation dirigée par les méthyls :

A. Ce système de réparation est très fréquent car les ADN polymérase se trompent souvent. B. Il faut donc déterminer, à l’endroit de l’erreur, quel est le brin qui vient d’être fabriqué (celui qui est faux) et quel est le brin qui servait de modèle et qu’il faut réutiliser comme modèle pour fabriquer un brin complémentaire fidèle. C. Il existe un système de repérage du brin néoformé et du brin matrice qui est lié à la méthylation des séquences CTAG (avec 6mT) qui sont des séquences pour lesquelles le brin modèle est méthylé. D. Il y a donc un A méthylé et un A qui n’a pas eu le temps d’être méthylé parce que le phénomène de méthylation met de l’ordre de 10 minutes à se mettre en place après la réplication. E. Cette réparation est possible car la méthylation du brin néosynthétisé lors de la réplication de l’ADN est différée. F. Un P2 peut glander pendant une semaine sans se fatiguer. Correction : A. FAUX : Au cours de la polymérisation par les ADN polymérase, on a 1 erreur pour 105 incorporations (ce qui est très peu). Ensuite on passe à 1 erreur pour 107 incorporations car les polymérases corrigent presque toutes leurs erreurs. Et enfin grâce à la réparation dirigée par les méthyles, on obtient 1 erreur pour 109 (1 pour 1 milliard). B. VRAI : c’est exact.

31

C. FAUX : la méthylation est sur une Adénine et non une Thymine ! La méthylation est sur le carbone n°6 de l’adénine ð6-méthyladénine (6mA). Le reste de la phrase est vrai. D. VRAI : C’est pour cela que pendant 10 minutes, la cellule a la capacité de reconnaître le brin qui avait servi de modèle (celui qui est probablement juste) et le brin qui vient d’être fabriqué et qui est probablement faux au niveau du mésappariement. E. VRAI : différée de 10 min environ. F. À l’aise.


A. On distingue deux types d’interactions protéines/ADN : les interactions séquence dépendante (totalement ou partiellement) et les interactions séquence non dépendante.

B. La liaison entre les protéines SSB et l’ADN est une liaison de type ionique qui est donc séquence dépendante

C. Lors de sa liaison, l’ADN s’oriente de telle manière à ce qu’elle se retrouve dans le cœur de la protéine afin de limiter les liaisons hydrophobes avec le milieu

D. L’hélicase vient se lier à l’ADN grâce à l’organisation du double brin de l’ADN (en petit et grand sillon notamment)

E. La réparation dirigée par les méthyls est un type d’interaction simple (séquence non dépendante)

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Correction :

A. VRAI B. FAUX, elle est bien ionique mais séquence NON dépendante (cette protéine

se lie tout le long de l’ADN quelque soit l’a séquence afin de limiter les interactions hydrophobes avec le milieu).

C. VRAI D. VRAI E. FAUX, il faut à la suite GATC avec l’adénine méthylée.


A. Les interactions protéines/ADN se font entre les chaines latérales des AA et les bases du grand sillon uniquement

B. Les bases, orientés au cœur de la molécule d’ADN, sont reconnues par les protéines grâce à l’existence d’un grand et d’un petit sillon

C. Une protéine peut différencier une paire T=A d’une paire A=T D. Une protéine en doigt de zinc va reconnaître deux régions de l’ADN

double brin qui sont symétriques (axe de symétrie) E. Dans une séquence consensus, le type et le nombre de bases indéterminés

peut être variable.

Correction :

A. FAUX, certaines bases du petit sillon peuvent être reconnues. B. VRAI C. VRAI D. VRAI E. FAUX, le nombre ne doit pas varier, sinon il y aura un décalage dans la

lecture par la protéine. QCM 36: Cochez la ou les propositions exactes À l'occasion de la maturation du transcrit primaire d'un gène humain codant une protéine, les éléments suivants vont être mis en jeu : A. Une ARN polymérase B. Une activité méthylase C. Une activité endoribonucléase D. IF2 E. Une activité enzymatique portée par un ribozyme

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Correction : A. VRAI, la poly-A polymérase. B. VRAI, la coiffe présente des méthylations au niveau des deux premiers riboses. La guanosine de la coiffe est aussi méthylée (7mG). C. VRAI, les séquences ARN introniques sont éliminés lors de l'épissage : il y a coupure de l'ARN (activité ribonucléase), dans la séquence (endo-). C'est le spliceosome qui porte cette activité. D. FAUX, IF2 est un facteur d'initiation de la traduction (procaryote en plus). E. VRAI, l'épissage du pré-ARNm met en œuvre des snRNP, dont certaines présentent une activité ribozyme. Perle de patient : « (Message du secrétariat) Souhaite que vous lui prépariez une ordonnance pour : IVG. Passera la prendre à 14h entre deux patients. »

QCM 37: Cochez la ou les propositions exactes Quel(s) critères est (sont) important(s) pour l'effet d'un promoteur procaryote sur la transcription du gène qu'il contrôle ? A. Proximité du promoteur avec une origine de réplication B. Nature du brin ADN portant le gène C. Position de la boite de pribnow D. Nature des séquences reconnues par le facteur σ (sigma) E. positionnement de TFIID Correction : A. FAUX. B. FAUX. C. VRAI: celle-ci a une localisation stéréotypée, vers -10. Son déplacment, avec une mutation (délétion ou insertion de nucléotides par exemple), peut considérablement affecter la transcription du gène. D. VRAI, il y a la notion de séquence consensus et de promoteur plus ou moins fort. E. FAUX, c'est un facteur eucaryote qui reconnaît la TATAbox et qui permet (avec d'autres facteurs) de positionner l'ARN polymérase II sur le promoteur. QCM 38: Cochez la ou les propositions exactes A. Les procaryotes n’ont qu’une ARN polymérase alors que les eucaryotes en ont 3, donnant lieu à des ARN différents. B. L’initiation chez les procaryotes et les eucaryotes est identique, elle nécessite l’utilisation de facteurs de transcription. C. Le premier facteur de transcription se liant à l’ADN eucaryote est le TFIID, suivi des TFIIA et B, de l’ARN polymérase II et enfin de facteurs supplémentaires. Une fois tout ça bien fixé, la transcription peut commencer.

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D. La terminaison de la transcription chez les procaryotes peut être dépendante d’un hexamère Rho, ou pas, et dans ce dernier cas, l’ARN formé se détache spontanément de part la faiblesse de sa liaison avec l’ADN. E. Le transcrit primaire subit toujours une maturation Correction : A. VRAI. B. FAUX, chez les procaryotes on n'a pas besoin de facteurs de transcriptions, c'est la sous unité sigma qui se fixe sur la séquence consensus. C. FAUX, la suite d’action est bonne mais il faut ensuite que tous ces facteurs partent grâce à une auto- phosphorylation de l’ARN polymérase II qui les repousse pour qu’elle puisse agir. Ou sinon, elle est coincée par tous ces facteurs qui l’encombrent. D. VRAI. E. FAUX, pas chez les procaryotes. QCM 39: Cochez la ou les propositions exactes À propos des tRNA-AA synthétases : A. Ils existent 30 tRNA-AA synthétases chez les procaryotes B. Elles permettent de faire le lien entre l'acide aminé incorporé dans la protéine et l’ARNm C. Elles permettent l'ajout du CCA en 3' de la protéine D. Ce sont des enzymes protéiques qui reconnaissent l'organisation tridimensionnelle du tRNA (fixation sur les boucles) ainsi que l'anticodon E. Aucune réponse n'est vraie Correction : A. FAUX : Il en existe 20 ! B. FAUX : elles permettent de faire le lien entre l'arn t et l'acide aminé C. FAUX, Aucun rapport, le CCA en 3' est une modification post transcriptionnelle de l'arn t ! D. VRAI E. FAUX Perles de patients : « (Message du secrétariat) Appel du Dr X. Souhaite que vous fassiez un arrêt de travail pour un patient commun M. A. Un arrêt d’une semaine du 27/02 au 06/03 inclus. Le patient sera prise en charge le matin en hôpital de jour. Ne souhaite pas faire directement l’arrêt à cause de sa spécialité en tant que psychiatre. »

35

QCM 40: Cochez la ou les propositions exactes À propos des procaryotes : A. L’ARNt qui permet l'incorporation du premier acide aminé se fixe sur l'assemblage de la petite et la grande sous unité du ribosome. B. L’ARN 16S s'apparie au codon initiateur AUG. C. Le premier ARNt porte une méthionine formylée. D. Le facteur d'initiation IF1 permet le maintien de la petite sous unité dissociée. E. IF2 hydrolyse le GTP et fournit l'énergie permettant la suite des opérations. Correction : A. FAUX : il ne se fixe que sur la petite sous unité et c'est le seul à pouvoir le faire ! B. FAUX... l'arn 16 S s'apparie à une séquence conservée non loin du codon AUG C. VRAI D. FAUX : c'est le rôle de IF3 E. VRAI

QCM 41: Cochez la ou les propositions exactes A. Les ribosomes contiennent à la fois des protéines et des arn B. Le codon se situe sur l'arn m, l'anti codon sur l'arn t C. Pour un acide aminé qui est codé par plusieurs codons, c'est la 3ème base de ces codons qui diffère. D. Un même arn t peut se lier à plusieurs codons différents. E. Toutes les réponses sont justes.

36

Correction : A. VRAI B. VRAI C. FAUX D. VRAI E. FAUX QCM 42: Cochez la ou les propositions exactes À propos de la régulation des gènes :

A. Le contenu en ADN est identique dans toutes les cellules de l’organisme. B. L’immense majorité du contrôle de l’expression des gènes porte sur la

régulation de la traduction. C. La différenciation tissulaire, qui est réversible, correspond à l’ouverture et à la

fermeture spécifique de certains gènes : elle est transmissible à la cellule fille. D. Certaines variations de séquences sont tolérées pour les séquences

« consensus » ou « conservées. » E. La spécificité et efficacité de la régulation des gènes viennent à la fois de la

modulation d’accès à l’ADN des facteurs TRANS et de la grande diversité biologique des facteur TRANS (qui sont le plus souvent protéique).

Correction :

A. FAUX : sauf dans les lymphocytes, GR et gamètes B. FAUX : de la transcription !! C. FAUX : la différenciation tissulaire est IRREVERSIBLE. Le reste est bon. D. VRAI E. FAUX, a spécificité vient de la combinaison entre la séquence CIS de l’ADN et

les facteurs TRANS et non pas leur grande diversité.

QCM 43: Cochez la ou les propositions exactes À propos de l’opéron lactose :

A. Les promoteurs polycistroniques sont aussi présents dans certaines cellules eucaryotes comme par exemple l’opéron lactose.

B. Lorsqu’il y a du glucose et en absence de lactose, un répresseur se fixe sur σ et empêche sa fixation sur le site opérateur.

C. Si on a la fois du glucose et du lactose, la bactérie va utiliser en partie l’opéron. D. Il faut une quantité minimale de lactose pour utiliser l’opéron car une partie

est naturellement métabolisée en allolactose pour permettre son utilisation. E. CAP est une protéine avec un motif à double hélice qui lie l’AMPc en présence

de glucose ce qui lui permet de changer de conformation et de se fixer sur son site amplificateur. Ainsi il permet la fixation du facteur σ et active la transcription.

37

Correction :

A. FAUX : les promoteurs polycistroniques (un promoteur responsable du contrôle de 3 gènes) ne sont présents que chez les bactéries.

B. FAUX, le répresseur se fixe sur le site opérateur et non sur σ C. FAUX, car il faut l’absence de glucose pour qu’il y est un facteur TRANS actif D. VRAI, une partie du lactose est transformé en allolactose pour retirer le

répresseur E. FAUX : tout est bon sauf que CAP est une protéine à motif « hélice-coude-

hélice »

QCM 44: Cochez la ou les propositions exactes On considère un plasmocyte dont l’ADN du gène de la chaine légère a été réarrangé selon l’exemple ci-dessous :

A. le promoteur utilisé va être le promoteur P6. B. Après la transcription, V4 est devenu un intron. C. Après la transcription, V6,J2, et le segment C seront collés. D. Le promoteur P6 sera préféré parce que son accolement avec une séquence J en fait un promoteur plus efficace. E. J3 et J4 doivent être éliminé par recombinaison Correction : A. VRAI, le promoteur utilisé est P6 car V6 est collé a J2 B. FAUX, V4 n’est pas transcrit du coup vu que le promoteur utilisé est P6 qui est en 3’ C. FAUX, c’est après l’épissage ! J3 et J4 sont bien transcrit par contre tout cela sera excisé pendant l’épissage pour que justement P6+S6+V6+J2+segmentC soient collés. D. FAUX, ce n’est pas la bonne explication ! le promoteur P6 sera préféré car c’est le promoteur de V6 qui lui est accolé à une séquence J. (c’est une question du concours de l’année dernière et on avait demandé la réponse au prof qui nous avait répondu ça) E. FAUX, ce n'est pas une recombinaison ici puisque la recombinaison c'est justement le réarrangement que l'ont voit sur cette photo ( le segment V et J qui se colle). Les doublants vous l'aurez peut être remarqué, cette question ressemble beaucoup à une question du concours de l'année dernière, c'est normale on a essayé de la refaire avec à peu près le même style !:) donc c'est une question type concours (il y aura donc aussi de la réflexion le jours J)

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QCM 45: Cochez la ou les propositions exactes A. Le tropocollagène peut être constitué de chaînes dont la structure primaire diffère B. Ces différences de séquence primaire éventuelles ne résultent que d’une hydroxylation post traductionnelle différente des résidus de la chaîne. C. Si on dissocie les 3 chaînes constituant le tropocollagène, chacune d’entre elle conserve son organisation en hélice D. L'ostéoporose est un défaut de synthèse du collagène favorisé par les modifications hormonales de la ménopause E. Le scorbut est le résultat d’une carence en vitamine C et empêche l’excision des télopeptides Correction : A. VRAI B. FAUX C. FAUX D. FAUX, ce n'est pas un défaut de synthèse puisqu'elle est augmentée mais pas assez relativement à la dégradation E. FAUX, c’est le syndrome d’Ehlers-Danlos qui empêche l’excision des télopeptides QCM 46: Cochez la ou les propositions exactes À propos de l’Aspartate Transcarbamylase (ATC) :

A. En forte présence de CTP, l’activité de l’ATC est diminuée car il y a augmentation de K0,5

B. En présence d’ATP, l’activité de l’ATC est diminuée C. Le paramercuribenzoate (PMB) dissocie l’enzyme en 3 C2 et en 2 R3 D. Le PMB permet de passer d’une courbe sïgmoïde à une hyperbole avec

des caractéristiques proches des enzymes michaëlliennes. E. Les enzymes de type K en excès d’inhibiteurs peuvent avoir une cinétique

hyperbolique

Correction :

A. VRAI B. FAUX, ça augmente l’activité de l’enzyme car le rapport ATP/CTP est grand

donc il y a besoin de pyrimidine. C. FAUX, en 2 C3 et 3 R2 D. VRAI E. FAUX, il faut être en excès d’activateur. L’ATC est un cas d’enzyme de type

K.

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Exercice Enzymologie (QCM 47 à 48)


Un tuteur d’UE1, faisant des expériences pour le prochain tutorat, découvre une enzyme jusqu’alors inconnue : la poivraistinase.

Heureux de sa découverte, il cherche alors le rôle de cette enzyme. Il réussit à l’administrer à certains P1 (les concernés se reconnaitront) et observe le résultat. Il récupère :

- un cheveu roux de Cac’ - un peu de semence de Pip’ - un poil pubien de Raph2 - un peu de sécrétion vaginale de Babouille - un peu de naïveté de Flocon (Carrefour ne vend pas de snowboard, je te

jure…) Il observe alors que ces prélèvements réduisent en taille progressivement (sauf la naïveté de Flocon). Il émet l’hypothèse que c’est cette enzyme qui donne une taille si petite à l’espèce chez qui cette enzyme a été trouvée (le poivraistine).

Il approfondit ses recherches en étudiant les caractéristiques de cette enzyme.

Pour étudier la poivraistinase (enzyme considérée comme Michaëllienne), il mesure l’apparition d’un produit grâce à la densité optique (DO) au cours du temps. Il obtient les résultats reportés sur le tableau ci-dessous :

DO Temps (minutes) 0 0

0,1723 5 0,3446 10 0,5169 15

A. Pour un trajet optique de 1 cm, la valeur qui permet de relier la DO à la concentration du produit est le coefficient d’absorption molaire du produit.

B. Les valeurs du tableau permettent de calculer une Vi C. Les valeurs du tableau permettent de calculer une concentration de

produit D. Les valeurs du tableau permettent de calculer Vmax et Km grâce à une

représentation en double inverse. E. À concentration saturante de substrat, les valeurs indiqués permettent

de calculer la Vmax

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Correction :

A. VRAI, cela vient de la loi de Beer-Lambert : DO= ε.l. [P] B. VRAI, la première partie de la courbe étant linéaire, est interprétable et

permet de calculer la vitesse initiale C. La DO est fonction de l’apparition du produit donc on peut extrapoler

une concentration de produit D. FAUX, il manque des informations, il aurait fallu refaire l’expérience avec des

concentrations initiales de substrats différentes. E. VRAI, à force d’augmenter la concentration en substrat, la vitesse initiale

augmente jusqu’à atteindre un plateau, c’est la Vmax. QCM 48: Cochez la ou les propositions exactes Après avoir fait cette expérience (et une autre expérience si nécessaire), il trouve alors :

• Vmax = 12.10-4M/mn • Km = 8.10-6M

Il répète l’expérience mais avec une concentration en enzyme deux fois moindre que celle de l’expérience précédente :

A. Il devrait obtenir Vmax = 6.10-4M/mn et Km = 4.10-6M B. Il devrait obtenir Vmax = 12.10-4M/mn et Km = 4.10-6M C. Il devrait obtenir Vmax = 6.10-4M/mn et Km = 8.10-6M D. Il peut en déduire de ces données expérimentales Kcat, donné en M-1. E. Kcat représente le turn-over de l’enzyme et permet d’apprécier le

nombre de molécules de substrat transformées par seconde Correction :

A. FAUX, Km est indépendant de la concentration en enzyme, cependant la Vm est proportionnelle à la concentration en enzyme (Vm=Kcat * [E])

B. FAUX C. VRAI D. FAUX, on peut tracer la courbe de Vm en fonction de [E], la pente représente

Kcat, masi c’est en s-1 E. VRAI

Résultat : Après ces expériences et observation du poivraistine, il semble évident que la poivraistinase est la cause d’une petite taille et d’une grande naïveté. <3 QCM 49: Cochez la ou les propositions exactes On utilise un vecteur muté d’une enzyme pour étudier l’impact de cette mutation sur le fonctionnement de l’enzyme. On obtient les résultats suivants :

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A. Pour comparer les enzymes, il aurait mieux valu utiliser Kcat B. La mutation créée concerne forcément un AA du site actif C. La mutation créée peut affecter le site actif mais peut tout aussi bien

avoir modifié la structure tertiaire et la rendre incompatible avec le maintien de l’organisation du site actif

D. La mutation peut perturber la fixation du substrat E. Il s’agit d’une inhibition compétitive

Correction :

A. VRAI B. FAUX, les données ne sont pas suffisantes, il aurait fallu Kcat C. VRAI D. VRAI E. FAUX

QCM 50: Cochez la ou les propositions exactes L'activité d'une enzyme est testée après deux étapes de purification successives :

• Étape 1 : 1,2 g de protéine sont récupérés dans 50 ml (extrait 1). • Étape 2 : 0,36 g de protéine sont récupérés dans 12 ml (extrait 2).

La dilution de 20 µL de chaque extrait dans 1 ml de milieu réactionnel se traduit par la formation de 1,6 micromole (extrait 1) et 5,9 micromoles (extrait 2) de produit par minute.

A. Le rendement de purification est de 11,5 % B. Le rendement de purification est de 37,5 % C. Le rendement de purification est de 88,5% D. L’enrichissement (taux de purification) de l’enzyme au cours de la purification

est de 2 E. L’enrichissement (taux de purification) de l’enzyme au cours de la

purification est de 3

Correction :

• Calcul du rendement de la purification :

Il faut calculer le nombre total d'unités d'enzyme avant et après la purification puis effectuer le rapport.

o Avant la purification : On a 1,6 U dans 20 µL des 50 ml soit un total de 4000 U.

o Après la purification : On a 5,9 U dans 20 µL des 12 ml soit un total de 3540 U. Le rendement de purification est donc de: (3540 / 4000) x 100 = 88,5 %.

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• Calcul de l’enrichissement de l’enzyme au cours de la purification :

Il faut calculer l'activité spécifique avant et après la purification et effectuer le rapport.

o Avant la purification l'activité spécifique est de 4000 U pour 1200 mg de protéines soit: 4000 / 1200 = 3,33 U / mg.

o Après la purification l'activité spécifique est de 3540 U pour 360 mg de protéines soit: 3540 / 360 = 9,83 U / mg.

L'enrichissement est de 9,83 / 3,33 = 3.

Question BONUS :

QCM BONUS 1: Cochez la ou les propositions exactes On considère un atome de phosphore P (Z=15). A. Cet élément est un métal de transition B. La constante d'écran subie par un électron 3p au sein de cet atome est de 10,2 C. L'énergie d'un électron 3p est de -5,31 eV D. L'énergie d'un électron 3p est de -34,82 eV E. L'énergie de première ionisation du phosphore est de 5,26 eV

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Correction : A. FAUX, P : 1s2 2s2 2p6 3s2 3p3. Il n'y a pas de couche d en cours de remplissage donc P n'est pas un métal de transition B. VRAI, P : 1s2 2s2 2p6 3s2 3p3. Pour un électron 3p : Sigma 3s3p= 2x1 + 8x0,85 + 4x0,35 Sigma 3s3p= 10,2 C. FAUX, Pour 1 électron 3p : Z*=15-10,2 Z*=4,8 Donc l'énergie d'un électron 3p est : E3s3p = -13,6x 4,82/32 =-34,82 D. VRAI E. FAUX, on a P : 1s2 2s2 2p6 3s2 3p3 et P+ : 1s2 2s2 2p6 3s2 3p2 EI1= Ep+-Ep= 4xE3s3p(P+)- 5xE3s3p(P) Pour P : E3s3p(P)= -34,82 eV Pour P+ : calcul de sigma 3s3p : 2x1 + 8x0,85 + 3x0,35= 9,85 calcul de Z* : 15-9,85= 5,15 calcul de E3s3p (P+) : -13,6x5,152/32= -40,08 Donc EI1=4 x(-40,08) – 5x(-34,82) = 13,78 eV QCM BONUS 2: Cochez la ou les propositions exactes A. Le numéro atomique de l’atome se trouvant sur la 5ème période et ayant le même nombre d’électron de valence que l’azote est 51 B. Le nombre quantique mS peut prendre trois valeurs : +1/2 ; 0 ; -1/2. C. L’atome de brome Z=35 fait partie de la famille des halogènes et contient 7 électrons de valence D. Le carbone et l’azote n’ont pas le même nombre d’électrons de coeur E. Le rubidium (Rb= 37) est un alcalin Correction : A. VRAI, L’azote possède 5 électrons de valence (1s2 2s2 2p3 ) donc l’élément cherché se termine par 5s2 5p3 car on se situe sur la 5ème période è1s2 2s2 2p6 3s2 3p6 3d10 4s24p6 5s2 4d10 5p3 soit 51 électrons donc 51 protons et donc Z = 51 B. FAUX, deux valeurs : +1/2 ou -1/2 C. VRAI D. FAUX, au contraire si pour l’azote 1s2 2s2 2p3 pour le carbone 1s2 2s2 2p2, soit 2 électrons de coeur E. VRAI

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QCM BONUS 2: Cochez la ou les propositions exactes

A. La molécule SiO2 possède une géométrie coudée B. L’ion PH4

+ est tétraédrique C. Dans la molécule HNO2, l’atome d’azote a une géométrie de type trigonale

plane D. L’ion NO2

+ possède une géométrie linéaire E. Dans la molécule CH3OCH3, l’atome d’oxygène possède une géométrie de

type forme en T

Correction :

A. FAUX, SiO2 : AX2 géométrie linéaire

B. VRAI

C. FAUX : AX2E géométrie coudée

D. VRAI : AX2 géométrie linéaire

E. FAUX : CH3OCH3 = AX2E2 géométrie coudée (sur l’image il manque les deux doublets non liants sur O mais sinon c’est ça).

QCM BONUS 3: Cochez la ou les propositions exactes On s’intéresse à présent à l’étain (Sn). En conditions standards, cet élément existe sous deux formes : l’étain gris et l’étain blanc. Sachant que l’entropie molaire standard absolue de l’étain blanc est égale à 26,33 J.mol-1.K-1 et que celle de l’étain gris est égale à 25,75 J.mol-1.K-1 et que la variation d’enthalpie due à la transformation d’étain blanc en étain gris est égale à 2,21kJ.mol-1 : A. L’étain blanc est plus stable B. L’étain gris est plus stable C. On ne peut répondre avec les données fournies par l’énoncée. D. Lorsque l’entropie d’un système est maximale, le système est à l’équilibre E. Le critère de Gibbs permet de déterminer si une réaction est spontanée ou non.

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Correction : A. VRAI On a l’équilibre suivant : Sn(blanc) Sn(gris) On calcule la variation d’enthalpie libre de la réaction en appliquant ∆G=∆H-T∆S (comme toujours quoi !). On a donc ∆G=2,21-(298(25,75-26,33)10-3)=2,037kJ >La réaction est donc impossible dans le sens direct donc l’étain blanc est plus stable dans ces conditions. B. FAUX C. FAUX D. VRAI E. VRAI QCM BONUS 4: Cochez la ou les propositions exactes Calculer la chaleur de sublimation d'une mole de H2O solide à 25°C (1 atm) sachant que :

• ∆vapH°373 (H2O l) = 40 600 J mol-1 • ∆fusH°273 (H2O s) = 6000 J mol-1

Les capacités calorifiques molaires à pression constante sont respectivement 35,55, 75,31 et 33,5 J K-1 pour la glace, l'eau liquide et la vapeur d'eau. Choisir la valeur la plus proche : A. 50,7 J mol-1 B. 42,5 kJ mol-1 C. 5,9 kJ mol-1 D. 425 J mol-1 E. Aucune bonne réponse Correction :

∆subH°298 = ∆H (1) + ∆fusH°273 + ∆H (2) + ∆vapH°373 + ∆H (3) Les étapes (1), (2) et (3) sont des étapes de chauffage-refroidissement à P constante, chacune pour un système monophasé sans réaction chimique ∆H (1) = = 35,55 (273 – 298) = – 888,75 J mol-1

∆H (2) = = 75,31 (373 – 273) = 7531 J mol-1

∆H (3) = = 33,51 (298 – 373) = – 2513,25 J mol-1

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On obtient ainsi : ∆subH°298 = ∆H (1) + ∆fusH°273 + ∆H (2) + ∆vapH°373 + ∆H (3) = – 889 + 6000 + 7531 + 40 600 – 2513 = 50 729 = 50,7 kJ mol-1 A. FAUX B. FAUX C. FAUX D. FAUX E. VRAI, attention à l'unité ! QCM BONUS 5: Cochez la ou les propositions exactes Soit la molécule suivante :

A. Cette molécule comporte 6 carbones asymétriques B. Cette molécule possède 128 stéréo-isomères C. La configuration absolue du carbone asymétrique 1 est (R) D. Tous les carbones sont hybridés sp3 E. Le nombre d'insaturations (I) dans la molécule est de 5 Correction : A. FAUX. Cette molécule comporte 7 carbones asymétriques.

B. VRAI. La molécule possède 7 carbones asymétriques donc 2^7 = 128 stéréoisoméres possibles. C. VRAI. Pour le carbone 1 :

D. FAUX. Tous les carbones sont hybridés sp3 sauf ceux du cycle avec les deux oxygènes qui sont hybridés sp2. E. VRAI. La molécule possède 3 cycles + 2 doubles liaisons soit 3+2= 5 insaturations.

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QCM BONUS 6: Cochez la ou les propositions exactes Quelle(s) molécule(s) parmi celles ci-dessous est ou sont chirale(s) ? A.

B.

C.

D.

E.

Correction : A. VRAI. La molécule s’inscrit dans 2 plans perpendiculaires, elle est donc dissymétrique et chirale. Attention : le CH3 n’est pas dans le même plan que le cycle ! B. FAUX. Il peut être difficile de la trouver non chirale. Surtout les filles. Voici la molécule en 3D :

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C. VRAI. Cette molécule est chirale, elle s’inscrit dans 2 plans perpendiculaires. En effet, les deux cycles ne vont pas pouvoir faire des rotations l’un par rapport à l’autre autour de la liaison simple qui les sépare, car Br et CH3 sont trop volumineux. On a alors :

D. VRAI. Cette molécule est chirale, il n’y a pas à chipoter je crois. E. FAUX. De même, pas de doute, cette molécule n’est pas chirale. QCM BONUS 7: Cochez la ou les propositions exactes

A. Pour avoir résonnance, il faut pouvoir délocaliser 4n+2 électrons π ou n dans un cycle fermé. Il faut que ce cycle soit plan. Ce sont les règles de Hückel.

B. L’effet inductif peut se propager de manière croissante sur plusieurs liaisons σ (jusqu’à 3).

C. La réaction d’addition conduit toujours à la formation d’une double liaison. D. La réaction d’élimination conduit toujours à la formation d’une double liaison. E. Deux conformères sont chimiquement identiques mais d’énergie

différente. Correction :

A. FAUX, c’est pour l’aromaticité, résonnance = mésomérie. B. FAUX, de manière décroissante : il s’atténue au fur et à mesure qu’il se

propage. C. FAUX, l’addition conduit à la destruction d’une insaturation. D. FAUX, l’élimination conduit à la formation d’une liaison pi, donc si on part

d’une liaison simple on obtient une double liaison mais si on part d’une double liaison ça peut être une triple liaison aussi.

E. VRAI, deux conformères diffèrent juste par leur arrangement 3D : ils sont chimiquement identiques. Certaines conformations sont plus stables que d’autres donc d’énergie plus basse, par exemple la chaise pour le cyclohexane.

QCM BONUS 8: Cochez la ou les propositions exactes Dans chacun des couples suivants, quelle est la base la plus forte ?

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A. Dans le couple a, c’est la première molécule. B. Dans le couple b, c’est la première molécule. C. Dans le couple c, c’est la première molécule. D. Dans le couple d, c’est la première molécule. E. NO2 exerce un effet mésomère et inductif attracteur (-M, -I) très

important.

Correction : Les effets inductifs et mésomères donneurs renforcent la basicité des amines.

A. FAUX, la molécule 2 possède deux effets +I grâce aux groupements méthyles alors que la molécule Dans le couple a, c’est la première molécule 1 n’en a qu’un.

B. FAUX, la première molécule a trois effets –I à cause des atomes de fluor. La molécule 2 a trois effets +I à cause des groupements méthyles donc c’est la plus basique.

C. VRAI, la molécule 2 est un acide, le doublet non liant de l’azote est moins disponible car il est engagé dans une tautomérie donc la molécule 2 est moins basique que la 1.

D. VRAI, dans la molécule 2 le doublet non liant est délocalisable par

mésomérie (effet –M) E. VRAI. Le groupement exerce un effet inductif attracteur fort à cause de

l’azote (plus électronégatif que le carbone) et des effets inductifs attracteurs des atomes d’oxygène qui se propagent dans les liaisons. Formes de limites du groupement nitro :

On voit bien que le nitro est également mésomère attracteur.

QCM BONUS 9: Cochez la ou les propositions exactes Dans le cas général :

A. Une réaction de substitution nucléophile est souvent en compétition avec une réaction d’élimination lorsque le dérivé halogéné possède un hydrogène en β du carbone fonctionnel.

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B. Dans l’équation de la vitesse d’une SN1, la concentration en nucléophile est négligée.

C. La vitesse d’une SN2 dépend des concentrations de deux molécules : celle du nucléophile et celle de la molécule qu’il attaque.

D. La vitesse d’une réaction est indépendante de la température. E. Toutes les réponses sont vraies.

Correction : A. VRAI, les nucléophiles étant souvent aussi des bases, ils peuvent soit

faire une élimination en captant cet H en β et former un alcène (avec départ de l’halogène) soit faire une substitution nucléophile avec départ de l’halogène.

B. VRAI. Une SN1 se fait en deux étapes : formation d’un carbocation et fixation du nucléophile. L’étape lente donc cinétiquement déterminante est la formation du carbocation donc l’équation de la vitesse ne prend en considération que cette étape. On néglige la concentration en nucléophile. On a donc : v = k [réactif], le réactif étant l’esèce qui va former un carbocation.

C. VRAI, une SN2 prend en compte la concentration des deux réactifs car elle ne se déroule qu’en une seule étape. Rappel : ordre 1 signifie que la vitesse ne dépend que d’une concentration (celle de la molécule qu’on fait réagir), ordre 2 signifie que la vitesse dépend des deux concentrations (celles du nucléophile et de la molécule qu’on fait réagir).

D. FAUX: dans l’équation de la vitesse, le coefficient k est fonction de la vitesse (Couty nous dit même qu’il double tous les 10 degrés mais je ne pense pas que ce soit à retenir). Donc plus la température est élevée, plus la réaction est rapide (c’est logique car l’agitation thermique augmente avec le température donc il y a plus de chocs entre les molécules donc la réaction a plus de probabilité de se produire, elle est plus rapide).

E. FAUX QCM BONUS 10: Cochez la ou les propositions exactes 1) Alcool + Acide carboxylique (en milieu acide) nous donne éther + eau. 2) Alcène + KMnO4 en milieu basique à chaud conduit à une oxydation formant des diols. 3) Cétone + eau (en milieu acide H+) donne un hydrate. 4) Cétone + alcool I en excès (en milieu acide) donne un hémiacétal. 5) Cétone + Amine II en milieu acide (H+) donne une imine. 6) Cétone + Alcool I en excès (en milieu acide) donne un acétal et de l’eau. 7) SN1 (non-stéréospécifique) en 2 étapes, SN2 (stéréospécifique) en 1 étape. 8) Aldéhyde + NaBH4 (ou LiAlH4) donne alcool II. 9) Un énole en présence d’une base puis d’un aldéhyde conduit à un aldol. 10) Aldolisation + déshydratation = crotonisation. 11) Alcool I + chlorure d’acide donne un ester, de l’HCl (et H2O). 12) Chlorure d’acide + Amine donne une amide et de l’HCl. A. Les items 2, 6 et 8 sont vrais. B. Les items 3, 6, 7, 9, 10, 11 et 12 sont vrais.

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C. Les items 5, 7, 9 et 12 sont vrais. D. Les items 1, 2, 4, 5 et 8 sont faux. E. Les items 3, 5, 7, 8, 11 sont faux. Correction : Voir le cours pour le détail des réactions. 1) Incorrect : Alcool + Acide carboxylique (en milieu acide) nous donne ESTER + eau. C’est une estérification. 2) Incorrect: Alcène + KMnO4 en milieu basique à FROID conduit à une oxydation ménagée formant des diols. 3) Correct : C’est une hydratation. 4) Incorrect : Cétone + alcool I en excès donne un ACÉTAL. C’est une acétalisation. 5) Incorrect : Cétone + Amine II en milieu acide (H+) donne une ÉNAMINE. 6) Correct. 7) Correct : Oh year, Angie you’re beautiful. 8) Incorrect : Aldéhyde + NaBH4 donne alcool PRIMAIRE (I). 9) Correct : c’est une aldolisation. Réaction très importante. 10) Correct : le prof kiff cette réaction. 11) Correct. 12) Correct. A. FAUX. B. VRAI. C. FAUX. D. VRAI. E. FAUX. QCM BONUS 11: Cochez la ou les propositions exactes lorsque le produit obtenu correspond au bilan réactionnel :

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Au lieu de mettre une blague pourrie, je vous invite à regarder « le code des éclaireurs – Kaamelott » sur Youtube. Ça dure 2 min 30 tu vas pas pleurer.

QCM BONUS 12: Cochez la ou les propositions exactes A. Le mécanisme d’une SN2 se fait en 1 étape B. La vitesse d’une SN1 augmente avec la concentration en nucléophile. C. Si plusieurs alcènes peuvent se former, on forme majoritairement le plus substitué dans une élimination. D. La vitesse d'une SN2 tient compte uniquement de la concentration du nucléophile E. Les dérivés mono halogénés tertiaires suivent généralement un mécanisme d’ordre 1 (substitution nucléophile et élimination). Correction : A. VRAI B. FAUX : le mécanisme SN1 se déroule en 2 étapes. C’est la première étape qui est cinétiquement déterminante (formation d’un carbocation par rupture de la liaison carbone-halogène). Cette étape monomoléculaire ne fait pas intervenir le nucléophile, la concentration en nucléophile n’intervient donc pas dans la cinétique d’une SN1.

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C. VRAI : si plusieurs alcènes peuvent se former cela signifie qu’il y a plusieurs hydrogènes en β, il y a un problème de régiosélectivité. D’après la règle de Zaytsev, l’alcène formé majoritairement est le plus stable, c’est à dire le plus substitué. D. FAUX, (v =[Nu][ROTs]) E. VRAI : pour les mécanismes d’ordre 1, la première étape consiste en la formation d’un carbocation, élément d’autant plus stable qu’il est substitué. Les dérivés tertiaires suivent donc ce mécanisme. QCM BONUS 13: Cochez la ou les propositions exactes

A. On peut avoir une compétition entre une SN1 et une E2 B. Les organomagnésiens sont des acides très forts C. Ils sont capables de déprotoner un alcool D. Ce sont des électrophiles puissants E. Aucune des réponses ci-dessus

Correction :

A. FAUX, on peut avoir des compétitions SN1/E1 ou SN2/E2 B. FAUX, ce sont des BASES très fortes C. VRAI D. FAUX, ce sont des nucléophiles puissants E. FAUX


A. Les dérivés halogénés ne sont généralement pas des molécules naturelles. B. Lors d'une SN1, on obtient souvent un mélange racémique C. Dans la synthèse de Williamson, on fait réagir un dérivé halogéné avec un alcène

pour obtenir un éther-oxyde D. On fait réagir cette molécule avec OH-

On obtient :

E. Pour obtenir un dérivé halogéné, on peut transformer un alcool primaire ou

secondaire en bon groupe partant, comme en ester d’acide sulfonique, puis le faire réagir avec du NaI dans de l’acétone, qui est un solvant polaire aprotique, il y aura alors une inversion de Walden. Correction : A. VRAI: Les dérivés halogénés sont des intermédiaires de réactions très utiles. Ce sont des molécules de synthèse.

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B. VRAI, car l'attaque du nucléophile se fait de manière équiprobable sur les 2 faces du carbocation plan C. FAUX : Alors ici, je vous parle de la synthèse de Williamson. On fait réagir un alcoolate avec un dérivé halogéné et on obtient un éther-oxyde.

D. FAUX : Ici, je vous fais une E2. Une base (ici OH-) va attaquer l’hydrogène en anti du groupe partant (Cl) et on va obtenir un alcène. Pour des questions de stabilité on aurait tendance à vouloir former l’alcène le plus substitué car le plus stable, mais c’est le OH qui est en anti du groupe partant. DONC elle attaque le H qu’elle peut prendre et forme un alcène un peu moins stable.

E. VRAI : tout est vrai. Je vous l’ai proposé ici sous forme de phrase longue et qui paraît un peu complexe, ça peut très bien devenir une réaction « à trous ». QCM BONUS 15: Cochez la ou les propositions exactes

A. La molécule 1 donne la molécule 2 dans ces conditions.

B. La réaction ci-dessus est une oxydation ménagée C. La réaction d’hydrogénation est une syn addition D. L’hydrogénation nécessite un catalyseur métallique E. Les alcènes sont des composés dans lesquels deux atomes de carbone sont

liés par deux liaisons π Correction :

A. VRAI B. VRAI C. VRAI D. VRAI E. FAUX: une liaison α et une liaison π

QCM BONUS 16: Cochez la ou les propositions exactes A. Les chaînes latérales de certains AA peuvent subir des modifications chimiques co-traductionnelles. B. Les trois AA aromatiques qui absorbent fortement dans l’UV sont les AA Y, F et W.

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C. le pHi d’une protéine n’est pas égal à la moyenne arithmétique des pHi des AA qui la composent. D. Dans le cas d’un jeûne prolongé, des AA permettent la synthèse de glucose et/ou la synthèse de corps cétoniques E. Les AA sont des composés ampholytes Correction : A. FAUX, c'est post-traductionnelles B. VRAI, ce sont le tryptophane, la tyrosine (maximum à 280 nm) et la phénylalanine (maximum à 260 nm) C. VRAI D. VRAI E. VRAI QCM BONUS 17: Cochez la ou les propositions exactes

A. Certaines protéines chaperonnes permettent le passage de l’état inactif de certaine protéine à leur état actif

B. La structure primaire décrit l’enchainement des acides aminés au niveau de la chaine peptidique et permet de connaitre la fonction de la protéine

C. La structure secondaire décrit l’organisation répétitive des acides aminés contigus

D. La structure tertiaire décrit les relations entre les acides aminés qui sont situé à distance les uns des autres en considérant la structure primaire

E. La structure quaternaire d’une protéine résulte de l’association non covalente de ses sous-unités

Correction :

A. FAUX: les protéines chaperonnes permettent à la protéine d’asquérire sa forme définitive mais jamais de passer de l’état inactif à actif.

B. FAUX: la structure primaire ne permet pas de voir la fonction des protéines C. VRAI D. VRAI E. VRAI


A. L’angle entre le Cα et le N est Ψ et l’angle entre Cα et C est Φ B. Le diagramme de Ramachandran permet de décrire la structure tertiaire des

protéines C. Dans le diagramme de Ramachandran, lorsque les points correspondent

à des valeurs positive de Φ et négative de Ψ alors on a des rubans plissés.

D. Dans le diagramme de Ramachandran, lorsque les points correspondent à des valeurs faiblement négatives de Φ et de Ψ alors on a des hélices de Pauling

E. Toutes les valeurs de Φ et de Ψ sont possible

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Correction :

A. FAUX: c’est l’inverse B. FAUX: la structure secondaire C. VRAI D. VRAI E. FAUX: à cause

QCM BONUS 19: Cochez la ou les propositions exactes On réalise une chromatographie d'échange d'ions pour séparer des protéines A, B et C de pHi 8,2, 7,4 et 6,6. On utilise un gradient de pH 4 → 11. On observe 3 pics appelés par ordre d'élution 1, 2 et 3.

A. On réalise une chromatographie échangeuse de cations B. Les billes de résine sont chargées positivement C. L'ordre d'élution est 1= C, 2= A et 3= B D. On a pu utiliser une résine de type carboxyméthyle cellulose E. On a pu utiliser des billes de Dextran

Correction :

A. VRAI : au pH initial pH=4, valeur inférieure à tous les pHi, toutes les protéines sont sous forme cationique et sont donc fixées aux billes, chargées négativement

B. FAUX, cf ci-dessus C. FAUX, l'ordre d'élution est par ordre croissant de pHi, soit 1=C, 2= B et 3=A D. VRAI, c'est une résine utilisée pour les échanges de cations E. FAUX, ces billes sont utilisées pour la gel filtration

Rappel :

QCM BONUS 20: Cochez la ou les propositions exactes A. Les triglycérides des tissus adipeux sont des réserves d’énergie. B. L’ATP peut être fabriqué par réduction des glucides (entre autres). C. On dénombre environ 10 000 chaines respiratoire dans une cellule musculaire humaine. D. Des phénomènes biologiques endergoniques nécessitent un couplage avec une réaction exergonique, comme par exemple l’hydrolyse de l’ATP. E. ATP synthase peut avoir une activité ATPasique

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Correction : A. VRAI B. FAUX par leur oxydation ! C. FAUX Il y en a environ10 000 par mitochondries et il y a des dizaines voir des centaines de mitochondries dans une cellule musculaire humaine. D. VRAI E. VRAI, Si il y a trop peu de H+ dans l’espace inter membranaire, elle tourne dans l’autre sens et dégrade de l’ATP afin de rétablir un gradient suffisant. QCM BONUS 21: Cochez la ou les propositions exactes A. Le passage d’un électron dans le complexe III peut permettre le transfert de 4 protons. B. L’oxydation du NADH,H+ sur le complexe I induit toujours le transfert de 4 protons C. Le passage des électrons dans le complexe IV permet de faire passer 2 protons. dans l’espace inter membranaire mitochondrial suivant un gradient de protons. D. Le rendement de la chaine respiratoire est d’environ 40%. E. Le CoQ est très hydrophobe. Correction : A. FAUX, Il permet le passage de 2 protons au maximum ! B. FAUX, Il transfert 4 protons au maximum, moins si le gradient de protons est trop fort. C. FAUX, NON, justement contre un gradient de protons. D. VRAI E. VRAI, c’est pour ça qu’il reste dans la bicouche lipidique QCM BONUS 22: Cochez la ou les propositions exactes

A. Les nucléosides sont constitués d’une base et d’un ose reliés par une liaison O-β-osidique.

B. Un nucléotide est un nucléoside monophosphate. C. Les mononucléotides existent sous forme cyclique et sous forme

linéaire. D. Il existe trois niveaux d’organisation des nucléotides : les

mononucléotides, les dinucléotides et les polynucléotides. E. Les mononucléotides sont souvent des coenzymes.

Correction :

A. FAUX: c’est une liaison N-β-osidique. B. VRAI C. VRAI

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D. VRAI E. FAUX: ce sont les dinucléotides (ex : FAD, NAD… à chaque fois le D signifie

dinucléotide).

QCM BONUS 23: Cochez la ou les propositions exactes Parmi ces propositions, lesquelles NE font PAS partie des rôles des topoisomérases I ?

A. Elles contrôlent la condensation du chromosome B. Elles augmentent la vitesse de prolifération. C. Elles ont un rôle régulateur avec perte ou gain de fonction des gènes. D. Elles ont un rôle dans la réplication. E. Elles permettent de passer de la forme tendue à la forme relâchée.

Correction :

A. VRAI B. VRAI car elles permettent d’augmenter la vitesse de condensation /

décondensation de l’ADN. C. VRAI, le surenroulement permet de mettre en contact des séquences à

distance l’une de l’autre et d’interagir entre elles. D. FAUX, seules les topoisomérases II participent à la réplication. E. VRAI

QCM BONUS 24: Cochez la ou les propositions exactes A. Lorsqu’une cellule se divise, elle doit commencer par dupliquer sa quantité d’ADN. Cette duplication (réplication) est complète et irréversible. B. La réplication, chez les procaryotes, démarre toujours au même et seul endroit : l’origine de réplication. C’est toujours la même séquence, même 30 générations de cellules plus tard (sans les mutations). C. Chez les eucaryotes, tous les sites d’initiation ne sont pas utilisés à chaque fois, mais quel que soit le nombre de sites utilisés, la totalité du chromosome est répliquée. D. Le nombre de sites d’origine de la réplication utilisés conditionne la vitesse de réplication de la cellule procaryote. E. Afin d’éviter l’apparition des supertours positifs (ils n’apparaîtront jamais), la topoisomérase II a auparavant provoqué des supertours négatifs. Correction : A. VRAI : Au moment où démarre la réplication, on est sûr (irréversible) qu’on va répliquer la totalité du chromosome (complète). Très important. B. VRAI : mais chez les eucaryotes il y a plusieurs origines de réplication. Vu que cette séquence est dupliquée à chaque réplication, elle reste la même 30 générations plus tard.

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C. VRAI : les 20 000 à 30 000 sites d’initiation par chromosome ne sont pas forcément tous utilisés, mais la réplication reste complète et irréversible. D. FAUX : cela est vrai chez les eucaryotes mais pas chez les procaryotes puisqu’il n’y a qu’une seule origine de réplication. E. VRAI : ils n’apparaissent jamais car lorsque l’hélicase passe, elle détend les supertours négatifs de la topoisomérase II, ce qui remet la double hélice en conformation normale (et non avec des supertours positifs). Plus mon alcoolémie descend et plus je m’appercois que j’ai pecho une moche. VDM QCM BONUS 25: Cochez la ou les propositions exactes À propos de la réparation dirigée par les méthyls (oui encore…)

A. La réparation dirigée par les méthyls utilise des séquences particulières caractérisées par l’enchainement GATC sur l’ADN

B. La réparation dirigée par les méthyls utilise des séquences particulières caractérisées par l’enchainement CTAG sur l’ADN

C. Cette réparation peut se faire longtemps après la formation du brin néosynthétisé.

D. Pour qu’elle puisse se faire, il faut que la séquence soit hémiméthylée (au niveau de l’adénine, les deux brins sont méthylés)

E. Elle est réalisée grâce à la protéine MutH

Correction :

A. VRAI B. FAUX, le sens de lecture est très important, attention C. FAUX, elle ne peut se faire qu’une dizaine de minutes après la formation du

nouveau brin, car pour que MutH reconnaissent l’erreur, il faut que le double brin soit hémiméthylé (un seul des deux brins méthylé sur l’adénine)

D. FAUX, cf correction C E. VRAI

QCM BONUS 26: Cochez la ou les propositions exactes À propos des enzymes de restriction :

A. Elles sont présentes uniquement chez les procaryotes. B. Elles vont jouer un rôle de défense contre les protéines étrangères. C. Elles sont toutes totalement séquence dépendante D. Elles reconnaissent un ADN simple brin pour couper. E. Les séquences palindromiques reconnues par les enzymes de

restrictions sont assez fréquentes.

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Correction :

A. VRAI B. FAUX, les enzymes de restriction ne clivent pas des protéines mais des

acides nucléiques. C. FAUX, certaines ne vont reconnaître que les bases présentes dans les grands

sillons, donc ne sont pas dépendantes des bases des petits sillons D. FAUX, double brin E. VRAI

QCM BONUS 27: Cochez la ou les propositions exactes À l'occasion de la transcription d'un gène humain codant une protéine, les éléments suivants vont être directement mis en jeu : A. L'ARN polymérase de type I B. Une amorce C. Une activité hélicase D. Une activité exonucléase E. FEN1 Correction : A. FAUX, il s'agit d'une ARN polymérase de type II B. FAUX, contrairement aux ADN polymérases, les ARN polymérase n'utilisent pas d'amorce. C. VRAI, pour séparer les deux brins de l'ADN D. FAUX, les ARN polymérases n'exercent pas d'autocorrection E. FAUX, FEN1 intervient lors de la réplication et non de la transcription !! QCM BONUS 28: Cochez la ou les propositions exactes A. La traduction est un mécanisme universel B. Les codons sont des triplets de ribonucléotides non contigus et non chevauchants C. La notion d’ambiguïté du code génétique est expliquée par le fait qu'un même acide aminé peut être codé par plusieurs codons. D. Un codon peut être à cheval sur deux exons E. L'ARNm est lu de 5' vers 3' Correction : A. FAUX La traduction est un mécanisme QUASI universel B. FAUX Les codons sont des triplets de ribonucléotides contigus et non chevauchants C. FAUX, tout d'abord le code génétique n'est pas ambigu ! Et ensuite on parle de la notion de dégénérescence du code génétique dans cette définition ! D. VRAI, le codon ne respecte pas forcement les exons E. VRAI

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QCM BONUS 29: Cochez la ou les propositions exactes A. Chez les eucaryotes et les procaryotes, la méthionine en 1 est formylée B. Chez les eucaryotes, le démarrage de la traduction se fait au niveau du codon AUG C. Contrairement aux procaryotes, c'est une protéine de la petite sous unité qui reconnaît le codon AUG chez les eucaryotes D. Si chez les eucaryotes, il n'y a pas le cap qui coiffe l'arn m, il ne sera alors jamais traduit E. Il y a 11 facteurs d'initiation chez les procaryotes au lieu de 3 chez les eucaryotes Correction : A. FAUX, seulement chez les procaryotes B. FAUX, elle se fait au niveau du cap C. VRAI D. VRAI E. FAUX, c'est l'inverse ! QCM BONUS 30: Cochez la ou les propositions exactes À propos de la régulation des gènes :

A. Les séquences cis sont toujours situées dans le grand sillon de l’ADN. B. La position des séquences régulatrices n’est pas critique, tout comme celle

du promoteur. C. Les séquences cis sont des séquences palindromiques. D. Chez les procaryotes, la phosphorylation de CREB par l’AMPc provoque la

dissociation des deux chaînes de ce dimère. E. CREB est un dimère qui possède motif en « doigt de zinc »

Correction :

A. VRAI B. FAUX, la position du promoteur est critique : il doit être acollé au gène ! C. VRAI : Elles peuvent être lues dans les deux sens ! D. FAUX : CREB est un exemple de régulation présent chez les eucaryotes et

non les procaryotes. E. FAUX : il possède un motif de « fermeture éclair à leucines ».

QCM BONUS 31: Cochez la ou les propositions exactes Si une cellule humaine contient une quantité importante de Fer, alors :

A. L’aconitase se fixe sur l’ADN codant la ferritine B. La transcription du gène du récepteur de la transferrine est stimulée

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C. L’aconitase est majoritairement présente sur les ARNm du récepteur de la transferrine et de la ferritine

D. L’aconitase ne bloque plus la traduction de l’ARNm de la ferritine E. L’aconitase stabilise l’ARNm du récepteur de la transferrine.

Correction :

A. FAUX. Elle se fixe sur des motifs ARN : Les IRE B. FAUX, C’est une régulation au niveau traductionnel. Quand la teneur en fer

est faible, il y a stabilisation de l’ARNm du TfR (par fixation de l’aconitase sur les IRE dans la région 5’ non traduite de son ARNm) et blocage de la traduction de l’ARNm de la ferritine (par fixation de l’aconitase sur les IRE en région 3’ non codante de cet ARN).

C. FAUX : le fer entraine un changement de conformation de l’aconitase et celle-ci n’est plus fixée sur les IRE de ces ARNm

D. VRAI, ainsi, le fer peut être plus facilement stocké par la ferritine E. FAUX : le départ de l’aconitase des IRE de l’ARNm du TfR correspond à une

déstabilisation de cet ARNm. QCM BONUS 32: Cochez la ou les propositions exactes A. Une immunoglobuline IgG est une enzyme qui catalyse la dégradation des antigènes B. Il faut 4 gènes pour coder une immunoglobuline IGG : 1 par chaîne C. Les immunoglobulines IgG sont majoritairement constitué de feuillets plissés arrangés en feuillet beta. D. Une immunoglobuline IgG possède 8 domaines variables et 4 domaines constants E. Les ponts disulfures participent à la structure tertiaire de la protéine. Correction : A. FAUX et archi FAUX même c’est pas du tout une enzyme, le prof aime bien faire des piège grossier comme ca au concours donc n’ayez pas peur de répondre faux B. FAUX C. VRAI D. FAUX, c’est l’inverse ;) E. VRAI QCM BONUS 33: Cochez la ou les propositions exactes A. Les différentes chaînes des tropocollagènes sont obtenues par épissage différentiel d’un unique transcrit primaire B. la triple hélice du tropocollagène est formée de 3 chaînes organisées en hélice gauche torsadées pour donner une superhélice droite C. Les hélices du tropocollagène comportent de la glycine placée régulièrement selon la périodicité n/n+3 D. Le colloagène est riche en résidus cystéine E. L’ascorbate (vitamine C) est un coenzyme de l’enzyme qui hydroxyle la glycine des chaînes de tropocollagène

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Correction : A. FAUX B. VRAI C. VRAI D. FAUX E. FAUX, pas la glycine mais la proline QCM BONUS 34: Cochez la ou les propositions exactes

A. Diminue l’énergie d’activation et modifie l’enthalpie libre de la réaction B. Ne peut catalyser que des réactions exergoniques C. Se trouve inaltéré en fin de réaction D. Agit uniquement à forte dose E. Modifie l’équilibre de la réaction

Correction :

A. FAUX, première partie vraie, mais l’inverse pour la seconde partie B. VRAI, le catalyseur ne peut pas « créer » de réaction non spontanément C. VRAI D. FAUX, agit à faible dose E. FAUX

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