Statika stavebních konstrukcí I
Téma 1Téma 1Deformace staticky určitých prutových konstrukcí
Katedra stavební mechanikyFakulta stavební, VŠB - Technická univerzita Ostrava
Osnova p řednášky
� Pojem deformace
� Princip virtuálních prací
� Deformace nosníku v osové úloze
� Deformace přímého nosníku v příčné úloze (v rovině xz)
� Deformace přímého nosníku v krutové úloze
� Deformace rovinně lomeného nosníku v rovinné úloze
2Osnova přednášky
� Deformace rovinně zakřiveného nosníku v rovinné úloze
� Deformace rovinného kloubového příhradového nosníku
Deformace (p řetvo ření)
Deformace (přetvoření):
a) Celková podoba deformované konstrukceb) Některá lokální složka deformace v určitém místě konstrukce
(posun, pootočení)(posun, pootočení)
3Pojem deformace
Označení a kladné smysly posunů a pootočení těžiště průřezuObr. 2.1. / str. 24
Deformace (p řetvo ření)
Proč se zabýváme deformacemi?
1. Použitelnost konstrukce2. Řešení staticky neurčitých konstrukcí3. Ověřování správnosti měření výpočtem
Předpoklady výpočtu:
� Fyzikální linearita (platí Hookův zákon)� Geometrická linearita (teorie malých deformací)
4
Důsledek:� Podmínky rovnováhy se sestavují na nedeformované
konstrukci – teorie 1. řádu� Platí princip superpozice a princip úměrnosti
Pojem deformace
Deformace (p řetvo ření)
Nelineární mechanika:
� Teorie 2. řádu – podmínky rovnováhy se sestavují na deformované konstrukci (deformace malé)
� Fyzikální nelinearita (nelineárně pružné nebo trvalé deformace)
� Teorie velkých deformací
� Konstrukce s jednostrannými vazbami
� Nosná lana a lanové konstrukce
5
� Nosná lana a lanové konstrukce
Pojem deformace
Práce vn ějších sil a moment ů
αδδ cos⋅⋅=⋅= ce PPLPráce (externí) bodové síly:
Práce - skalár, vyjadřuje se v joulech (J = N.m), kJ, MJ
ϕ=Práce bodového momentu:
Poznámka:
Předpokladem je, že δ (ϕ) bylo
vyvoláno jinou příčinou než P (M).
ϕ.MLe =
6Princip virtuálních prací
Práce bodové síly a bodového momentuObr. 2.2. / str. 26
Práce je kladná, shoduje-li se smysl
� vektoru síly a posunu δ
� momentu a potočení ϕ
Práce spojitého silového a momentového zatížení
( ) ( )∫ ⋅=b
e xxwxqL d ( ) ( )∫ ⋅=b
xe xxxmL dϕ
Práce vnějších sil a momentů:
∫a
∫a
Předpoklad – velikost zatížení se během posunu nemění.
7Princip virtuálních prací
Práce silového liniového zatíženíObr. 2.3. / str. 26
Virtuální práce
o Reálný zat ěžovací stav
o Virtuální zat ěžovací stav - deformační virtuální stav
- silový virtuální stav
� Deforma ční virtuální práce
� Silová virtuální prácece wPL ⋅=
ce wPL ⋅=
8Princip virtuálních prací
K pojmu virtuální práceObr. 2.4. / str. 27
Deformační virtuální práce vypracovaná Lagrangem ke studiu rovnováhy konstrukcí.
Práce vnit řních sil
Práce vnitřních (interních) sil:
Prostorově namáhaný přímý prut: � N, My, Mz, Vz, Vy, T Souřadnicová
soustava prutuObr. 2.5. / str. 28
+++++−= ∫∫∫∫∫∫
lx
ly
lz
lzz
lyy
li TvVwVMMuNL ϕϕϕ dˆdˆdddd
Vnitřní síly brání vzniku deformace, mají opačné smysly než na obr. 2.6., proto záporné znaménko při výpočtu Li.
9Princip virtuálních prací
Práce vnitřních sil prutuObr. 2.6. / str. 28
Kladné smysly vnitřních sil
Princip virtuálních prací
Celková virtuální práce na vyšet řované konstrukci (tj. sou čet virtuálních prací vn ějších i vnit řních sil) je roven nule. 0=+ ie LL
A) Deforma ční princip virtuálních prací (princip virtuálních posun ů)
B) Silový princip virtuálních prací (princip virtuálních sil)
� Virtuální vnitřní síly
� Reálné vnitřní síly, způsobují deformaceTVVMMN yzzy ,,,,,
0=+ ie LL
10Princip virtuálních prací
xEA
Nu dd =
xGA
Vw
z
z dˆd*
=
xEI
M
y
yy dd =ϕ
xGA
Vv
y
y dˆd*
=
xEI
M
z
zz dd =ϕ
xGI
T
tx dd =ϕ
Deforma ční zatížení, zp ůsobené oteplením
Silový princip virtuálních prací:
∫∫
∆+∆+∆+
+++++=l
tztyt
l
ty
yy
z
zz
z
zz
y
yye x
b
tM
h
tMtNx
GI
TT
GA
VV
GA
VV
EI
MM
EI
MM
EA
NNL
0
210
0**
dd ααα
xtuh
etttt
t
zhdh
dd
)(
0
0
⋅∆⋅=
∆−∆+∆=∆
αh
xt
ttt
ty
hd
dd 1
1
⋅∆⋅=
∆−∆=∆
αϕ
11Princip virtuálních prací
Rovnoměrné oteplení a rozklad lineárně proměnného oteplení po výšce průřezuObr. 2.7. / str. 29
Bettiho v ěta o vzájemnosti virtuálních prací (1872)
Enrico Betti
∫=+l
y
yy xEI
MMPP
0
II,I,2211 dδδ ∫=+
l
y
yy xEI
MMMP
0
I,II,4433 dδδ
Enrico Betti(1823 - 1892)
Virtuální práce vn ějších silI. stavu na odpovídajících deformacích II. stavu je rovna virtuální práci vn ějších sil
44332211 δδδδ MPPP +=+
12Princip virtuálních prací
K odvození Bettiho větyObr. 2.8. / str. 30
virtuální práci vn ějších silII. stavu na odpovídajících deformacích I. stavu.
Maxwellova v ěta o vzájemnosti posun ů
James Clerk Maxwell
(1831 - 1879) IIIIII δδ PP = PPP == III δδδ == III
Zvláštní případ Bettiho věty, kdy v každém z obou zatěžovacích stavů působí na konstrukci jediná síla P nebo jediný moment M.
Zvláštní případ Bettiho věty, kdy v každém z obou zatěžovacích stavů působí na konstrukci jediná síla P nebo jediný moment M.
(1831 - 1879)
Posun zp ůsobený první silou v míst ě a ve sm ěru druhé síly je roven posunu zp ůsobeném druhou silou v míst ě a ve sm ěru první síly.
13Princip virtuálních prací
K odvození Maxwellovy větyObr. 2.9. / str. 31
Metoda jednotkových sil
δδ =⋅=1eL
l TTVVVVMMMMNN
Silové zatížení
∫
+++++=l
ty
yy
z
zz
z
zz
y
yy xGI
TT
GA
VV
GA
VV
EI
MM
EI
MM
EA
NN
0**
dδ
∫
∆+∆+∆=
l
tztyt xb
tM
h
tMtN
0
210 dαααδ
Oteplení
14Princip virtuálních prací
Metoda jednotkových silObr. 2.10. / str. 32
∫ bh0
Deformace nosníku v osové úloze
444 3444 21EA
AxNN
EAx
A
NN
Eu N
ll
e
±==== ∫∫00
d1
d1δ
Silové zatížení
444 3444 21EAEAAE 00
Nt
l
te AtxNtu 0
0
0 d ∆=∆== ∫ ααδ
Oteplení
stálý průřez
15Deformace nosníku v osové úloze
Deformace nosníku v osové úlozeObr. 2.11. / str. 33
0∫
Příklad 1.1
A = 64 mm2
Určete pro silový zatěžovací stav i pro rovnoměrné ochlazení vodorovný posun uc bodu c.
( ) xxN
RR axax
⋅−==⇒=+⋅−
4,813
kN13085,24,8
A = 64 mm
E = 2,1.108 kPa, αt = 1,2.10-5 K-1
Silový zatěžovací stav:
l ANN
16Deformace nosníku v osové úloze
Zadání a řešení příkladu 1.1Obr. 2.12. / str. 34
m000685,0104,6101,2
2,9
d
58
0
=⋅⋅⋅
=
==
−
∫
c
lN
c
u
EA
Ax
EA
NNu
Příklad 1.1
m00048,02)20(10.2,1
dd
5
00
00
0
−=⋅−⋅=
∆=∆=∆=
−
∫∫ Nt
l
t
l
tc
u
AtxNtxtNu ααα
Posun způsobený ochlazením:
m00048,02)20(10.2,1 5 −=⋅−⋅= −cu
17Deformace nosníku v osové úloze
Zadání a řešení příkladu 1.1Obr. 2.12. / str. 34
Příklad 1.2
Beton
Určete svislý posun horního konce sloupu wb od vlastní tíhy.
Beton
ρ = 2400 kg.m-3
E = 2.107 kPa
18Deformace nosníku v osové úloze
Zadání a řešení příkladu 1.2Obr. 2.13. / str. 35
Příklad 1.2
zz
zA ⋅+=⋅+⋅= 2,08,0)4
8,08,0(1)(
33 kNm24Nm240010 −− =⋅=γ
44 1 NNN
( )[ ]( )24,22,19)(
28,42,192,19)(
zzzN
zzzN
⋅+⋅−=
⋅⋅++−=
zzn
zAzn
⋅+=⋅+=⋅=
8,42,19)(
24).2,08,0()( γ
19Deformace nosníku v osové úloze
Zadání a řešení příkladu 1.2Obr. 2.13. / str. 35
∫
∫∫
⋅+⋅+⋅=
−==
4
0
2
4
0
4
0
d2,08,0
4,22,191
d1
d
zz
zz
Ew
zA
N
Ez
EA
NNw
b
b
Příklad 1.2
Řešení s využitímobdélníkové metody (numerická integrace)
i zi Ni /Ai
m kNm-2
1 0,2 1,874286NNN 44 1
4
10
===∆=∆
=l
n
2 0,6 5,384348
3 1,0 8,64
4 1,4 11,69778
5 1,8 14,59862
6 2,2 17,3729
7 2,6 20,04364
8 3,0 22,62857
E
Zz
z
zz
Ew
zA
N
Ez
EA
NNw
i
n
i i
iib
b
−=∆⋅+
⋅+⋅=
−==
∑
∫∫
=1
2
4
0
4
0
2,08,0
4,22,191
d1
d
20
m1075,7102
9756,154
4,010
4
67
−⋅−=⋅
−=−=
===∆=∆
E
Zw
n
lzz
b
i
Deformace nosníku v osové úloze
8 3,0 22,62857
9 3,4 25,14162
10 3,8 27,59385
ΣΣΣΣ Ni /Ai 154,9756
Deformace p římého nosníku v p říčné úloze
4444 34444 21∫∫∫∫ +=+=llll
xVVGA
xMMEI
xA
VV
Gx
I
MM
E 0*
00*
0
d1
d1
d1
d1δ
Silové zatížení
4444 34444 21
∫∆=l
t xM
t0
1 dh
αδOteplení
stálý průřez
21Deformace přímého nosníku v příčné úloze (ve svislé hlavní rovině xz)
Druhy přímých nosníků v příčné úlozeObr. 2.14. / str. 36
Vereščaginovo pravidlo
TM
l
MAxMM ⋅=∫0
dPomůcka pro výpočet integrálu
Integrál ze součinu dvou Integrál ze součinu dvou momentových funkcí, z nichž první
M je hladká a spojitá a druhá Mje lineární, je roven součinu plochy
AM prvního momentového obrazce
a pořadnice MT druhého
22Deformace přímého nosníku v příčné úloze (ve svislé hlavní rovině xz)
Vereščaginovo pravidloObr. 2.15. / str. 37
T
momentové obrazce v místě
těžiště TM prvního momentového obrazce.
Vereščaginovo pravidlo
Parabolické části momentových obrazců při použití Vereščaginova pravidla
23Deformace přímého nosníku v příčné úloze (ve svislé hlavní rovině xz)
Parabolické části momentových obrazců při použití Vereščaginova pravidlaObr. 2.16. / str. 38
Příklad 1.3
S využitím Vereščaginova pravidla určete svislý průhyb wa
bodu a.
Železobetonová konzola
E = 2,2.107 kPa
bodu a.
Možno zanedbat práci posouvajících sil .
24Deformace přímého nosníku v příčné úloze (ve svislé hlavní rovině xz)
Zadání a řešení příkladu 1.3Obr. 2.17. / str. 38
Příklad 1.3
321
2
23
37
3
)(1
d
kNm1024416,712
28,018,0102,2
12
=++==
⋅=
=⋅⋅⋅==
∫a SSSEI
xEI
MMw
bhEEI
2
3
1
01
3
3210
d
kNm5,2)75,0(333,3
d
m005407,01024416,7
667,21155,2
)(d
11
===
=−⋅−=
===
=⋅
++=
=++==
∫
∫
∫
TM
a
MAxMMS
MAxMMS
SSSEI
xEI
w
25Deformace přímého nosníku v příčné úloze (ve svislé hlavní rovině xz)
Zadání a řešení příkladu 1.3Obr. 2.17. / str. 38
3
2
13
3
12
kNm667,21)667,1(13
d
kNm15)5,1(10
d
33
22
=−⋅−=
===
=−⋅−=
===
∫
∫
TM
TM
MAxMMS
MAxMMS
Tabulka 2.2
Vzorce pro výpočet integrálů ∫l
xMM0
d
26Deformace přímého nosníku v příčné úloze (ve svislé hlavní rovině xz)
str. 41
Příklad 1.4
Určete svislý průhyb wc bodu c a pootočení ϕa bodu a.
Dřevo
E = 107 kPa
27Deformace přímého nosníku v příčné úloze (ve svislé hlavní rovině xz)
Zadání a řešení příkladu 1.4Obr. 2.19. / str. 40
Tabulka 2.3Lokální deformace konzoly a prostého nosníku stálého průřezu str. 42
28Deformace přímého nosníku v příčné úloze (ve svislé hlavní rovině xz)
Příklad 1.5
Mt
lt A
h
txM
h
t 1
0
1 d∆=∆= ∫
ααδ• h = 0,24 m
• ocel αt = 1,2.10-5 K-1
Určete průhyb wc a ws při lineárním oteplení po výšce průřezu h.
hh 0
29Deformace přímého nosníku v příčné úloze (ve svislé hlavní rovině xz)
Zadání a řešení příkladu 1.5Obr. 2.20. / str. 43
Příklad 1.5
mm2,7m0072,0)9(24,0
16102,1 51 −=−=−⋅⋅⋅=∆=
−
cMt
c Ah
tw
α
mm9,4m0049,0125,624,0
16102,1 51 ==⋅⋅⋅==∆=
−
sMt
s wAh
tw
s
α
92
29 −=⋅−=cMA
125,62
75,17 =⋅=sMA
24,0h 2
30Deformace přímého nosníku v příčné úloze (ve svislé hlavní rovině xz)
Zadání a řešení příkladu 1.5Obr. 2.20. / str. 43
Deformace p římého nosníku v krutové úloze
444 8444 76
Tll
c GI
AxTT
GIx
GI
TT ±=== ∫∫ d1
dϑKrutové pootočení
Silový virtuální stavstálý průřez
tttc GI
xTTGI
xGI
=== ∫∫00
ddϑKrutové pootočení
31Deformace přímého nosníku v krutové úloze
Deformace nosníku v krutové úlozeObr. 2.22. / str. 45
Příklad 1.6
Určete krutové pootočení ϑb
pravého konce b konzoly.
Ocel G = 8,1.107 kPa
44 )( =−== rrIIπ
00
277
4544
41
42
d1
d
kNm847,6010512,7101,8
mm10512,7)2430(2
)(2
===
=⋅⋅⋅=
⋅=−⋅=
=−==
∫∫
−
t
Tl
t
l
t
t
pt
GI
AxTT
GIx
GI
TT
GI
rrII
ϑ
π
π
32Deformace přímého nosníku v krutové úloze
Zadání a řešení příkladu 1.6Obr. 2.23. / str. 45
o
2
00
20,2rad0384,0847,60
336,2
kNm336,2
6,072,02
11)52,172,2(
2
1
===
=
=⋅⋅+⋅+⋅=
b
T
ttt
A
ϑ
Deformace rovinn ě lomeného nosníku v rovinné úloze
∑ ∫∫∫=
++=m
j
l
jj
l
jj
l
jj
jjj
xA
VV
Gx
I
MM
Ex
A
NN
E1 0*
00
d1
d1
d1δ
U staticky určitých případů se zanedbává práce
44 344 21
∑ ∫∑ ∫==
==m
j
l
jj
m
j
l
jj
jj
xMMIE
xI
MM
E 1 01 0
d11
d1δ
U staticky určitých případů se zanedbává práce posouvajících a normálových sil.
Oteplení
stálý průřez
33Deformace rovinně lomeného nosníku v rovinné úloze
Oteplení
∑ ∫∫=
∆+∆=m
j
l
jj
j
l
jjt
jj
xh
MtxNt
1 0,1
0,0 ddαδ
Příklad 1.7
Ocel
I1 = 16.10-5 m4
Určete deformace ud, wd, α a δd.
I2 = 3,8.10-5 m4
I3 = 9,2.10-5 m4
E = 2,1.108 kPa
22ddd uw +=δ
34Deformace rovinně lomeného nosníku v rovinné úloze
Zadání a řešení příkladu 1.7Obr. 2.24. / str. 47
d
d
w
u=αtan
• Rozpětí l
• Vzepětí f• Poměrné vzepětí
fΦ =
Deformace rovinn ě zakřiveného nosníku v rovinné úloze
Tvar a podepření rovinného zakřiveného nosníku v rovinné úlozeObr. 2.25. / str. 48
• Poměrné vzepětí l
Φ =
35Deformace rovinně zakřiveného nosníku v rovinné úloze
Vzepětí f a poměrná vzepětí Φ rovinných zakřivených nosníkůObr. 2.26. / str. 49
Deformace rovinn ě zakřiveného nosníku v rovinné úloze
� Silové zatížení ∫∫∫ ++=L jLL
sGA
VVs
EI
MMs
EA
NNddd
*δ
� Teplotní zatížení ∫∫ ∆+∆= tt sM
tsNt dd 10 ααδ� Teplotní zatížení ∫∫ ∆+∆=L
t
L
t sh
tsNt dd 10 ααδ
ψcos
dd
xs =Řešení po úpravě:
� Silové zatížení ∫∫∫ ++=bbb x
x
x
x
x
x
xA
VV
Gx
I
MM
Ex
A
NN
Ed
cos
1d
cos
1d
cos
1* ψψψ
δ
36Deformace rovinně zakřiveného nosníku v rovinné úloze
∫∫∫aaa xxx AGIEAE coscoscos ψψψ
� Teplotní zatížení ∫∫ ∆+∆=b
a
b
a
x
xt
x
xt x
h
Mtx
Nt d
cosd
cos 10 ψα
ψαδ
Deformace rovinn ě zakřiveného nosníku v rovinné úloze
Výpočet přetvo ření• Numerická integrace• Simpsonovo pravidlo
• Obdélníková metoda
( ) ( )[ ]3
...2...4d)( 2421310
0
dffffffffxxf nnn
l
⋅++++⋅++++⋅+≈ −−∫
∑∑∫∫==
∆+∆=+=n
ii
ii
iin
ii
ii
ii
x
x
x
x
xI
MM
Ex
A
NN
Ex
I
MM
Ex
A
NN
E
bb
11 cos
1
cos
1d
cos
1d
cos
1
ψψψψδ
37
∑∑==
==
∆+∆=n
ii
i
iin
ii
i
ii
i iii iixx
sI
MM
Es
A
NN
E
IEAEIEAEaa
11
11
11
coscoscoscos
δ
ψψψψ
Deformace rovinně zakřiveného nosníku v rovinné úloze
Příklad 1.8
Parabolická střednice:
Určete vodorovný posun ub
bodu b.
( ) 2.xkxz =22b
b
a
a
x
z
x
zk ==
[ ] xkxkx
z ⋅⋅=′⋅== 2d
dtg 2ψ
ψψ
2tg1
1cos
+=
38Deformace rovinně zakřiveného nosníku v rovinné úloze
Zadání a řešení příkladu 1.8Obr. 2.27. / str. 51
ψ2tg1+
ψψψ
2tg1
tgsin
+=
EI = 6,72.104 kNm2
Příklad 1.8
ix
[m] tg ψ cos ψM
[kNm]l
[m]M · cos ψ-1
[kNm2]
0 -5,00 -0,8 0,78087 0,0000 0,000 0,000
1 -3,75 -0,6 0,85749 28,4375 0,875 29,0181 -3,75 -0,6 0,85749 28,4375 0,875 29,018
2 -2,50 -0,4 0,92848 47,5000 1,500 76,739
3 -1,25 -0,2 0,98058 57,1875 1,875 109,350
4 0,00 0,0 1,00000 57,5000 2,000 115,000
5 1,25 0,2 0,98058 43,1250 1,875 82,461
39Deformace rovinně zakřiveného nosníku v rovinné úloze
Zadání a řešení příkladu 1.8Obr. 2.27. / str. 51
6 2,50 0,4 0,92848 28,7500 1,500 46,447
7 3,75 0,6 0,85749 14,3750 1,875 14,668
8 5,00 0,8 0,78087 0,0000 0,000 0,000
Deformace rovinného kloubového p říhradového nosníku
Virtuální práce pouze normálových sil
Silové zatížení
∑∑ ∫∑ ∫===
===p
j j
jjjp
j
l
jj
jjp
j
l
jj
jj
A
lNN
Ex
A
NN
Ex
EA
NN jj
11 01 0
1d
1dδ
Oteplení
∑∑ ∫∑∫ ∆=∆=∆=p
jjt
p l
jjt
p l
jjt ltNxtNxtNjj
,0,0,0 dd αααδ
40Deformace rovinného kloubového příhradového nosníku
∑∑ ∫∑∫===
∆=∆=∆=j
jjtj
jjtj
jjt ltNxtNxtN1
,01 0
,01 0
,0 dd αααδ
Příklad 1.9
Určete svislý posun wc.
A1 = 24·10-4 m4
A = 12·10-4 m4A2 = 12·10-4 m4
A3 = 18·10-4 m4
A4 = 18·10-4 m4
A5 = 12·10-4 m4
A6 = 12·10-4 m4
A7 = 18·10-4 m4
41Deformace rovinného kloubového příhradového nosníku
Zadání a řešení příkladu 2.11Obr. 2.28. / str. 54
A7 = 18·10 m
l2 = l3 = l6 = 2,236 m
Příklad 1.9, tabulkový výpo čet
j Aj [m2] lj [m] Nj [kN] Nj [1] (Nj Nj lj /Aj )·10-3 [kN/m]
1 0,0024 2,000 -90,000 -1,000 75,000
2 0,0012 2,236 134,164 2,236 559,017
3 0,0018 2,236 -67,082 0,000 0,000
4 0,0018 2,000 -60,000 -2,000 133,333
5 0,0012 1,000 0,000 0,000 0,000
6 0,0012 2,236 67,082 2,236 279,508
7 0,0018 2,000 -60,000 -2,000 133,333
1180,192
42
mm62,5m1062,5101,2
10192,11801 38
37
1
=⋅=⋅
⋅== −
=∑j j
jjjc A
lNN
Ew
Deformace rovinného kloubového příhradového nosníku
Použitá literatura
[1] Benda Jiří, Stavební statika II, VŠB-TU Ostrava 2005
43